分类加法计数原理与分步乘法计数原理理带答案Word文件下载.docx
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“2”出现1次,“3”出现3次,共可组成C=4(个)四位数.
“2”出现2次,“3”出现2次,共可组成C=6(个)四位数.
“2”出现3次,“3”出现1次,共可组成C=4(个)四位数.
综上所述,共可组成14个这样的四位数.
题型一 分类加法计数原理的应用
例1 一班有学生50人,男生30人,女生20人;
二班有学生60人,男生30人,女生30人;
三班有学生55人,男生35人,女生20人.
(1)从一班或二班或三班中选一名学生任学生会主席,有多少种不同的选法?
(2)从一班、二班男生中,或从三班女生中选一名学生任学生会体育部长,有多少种不同的选法?
思维启迪 用分类加法计数原理.
解
(1)完成这件事有三类方法
第一类,从高三一班任选一名学生共有50种选法;
第二类,从高三二班任选一名学生共有60种选法;
第三类,从高三三班任选一名学生共有55种选法,
根据分类加法计数原理,任选一名学生任校学生会主席共有50+60+55=165(种)选法.
(2)完成这件事有三类方法
第一类,从高三一班男生中任选一名共有30种选法;
第二类,从高三二班男生中任选一名共有30种选法;
第三类,从高三三班女生中任选一名共有20种选法.
综上知,共有30+30+20=80(种)选法.
思维升华 分类时,首先要根据问题的特点确定一个适合它的分类标准,然后在这个标准下进行分类;
其次分类时要注意满足一个基本要求,就是完成这件事情的任何一种方法必须属于某一类,并且分别属于不同种类的两种方法是不同的方法,只有满足这些条件,才可以用分类加法计数原理.
(1)在所有的两位数中,个位数字比十位数字大的两位数有多少个?
(2)方程+=1表示焦点在y轴上的椭圆,其中m∈{1,2,3,4,5},n∈{1,2,3,4,5,6,7},那么这样的椭圆有多少个?
解
(1)分析个位数字,可分以下几类:
个位是9,则十位可以是1,2,3,…,8中的一个,故有8个;
个位是8,则十位可以是1,2,3,…,7中的一个,故有7个;
同理,个位是7的有6个;
个位是6的有5个;
…
个位是2的只有1个.
由分类加法计数原理,满足条件的两位数有
1+2+3+4+5+6+7+8=36(个).
(2)以m的值为标准分类,分为五类.
第一类:
m=1时,使n>
m,n有6种选择;
第二类:
m=2时,使n>
m,n有5种选择;
第三类:
m=3时,使n>
m,n有4种选择;
第四类:
m=4时,使n>
m,n有3种选择;
第五类:
m=5时,使n>
m,n有2种选择.
∴共有6+5+4+3+2=20(种)方法,
即有20个符合题意的椭圆.
题型二 分步乘法计数原理的应用
例2 有六名同学报名参加三个智力竞赛项目,在下列情况下各有多少种不同的报名方法?
(不一定六名同学都能参加)
(1)每人恰好参加一项,每项人数不限;
(2)每项限报一人,且每人至多参加一项;
(3)每项限报一人,但每人参加的项目不限.
思维启迪 可以根据报名过程,使用分步乘法计数原理.
解
(1)每人都可以从这三个比赛项目中选报一项,各有3种不同选法,由分步乘法计数原理,
知共有选法36=729(种).
(2)每项限报一人,且每人至多参加一项,因此可由项目选人,第一个项目有6种选法,第二个项目有5种选法,第三个项目只有4种选法,由分步乘法计数原理,得共有报名方法6×
5×
4=120(种).
(3)由于每人参加的项目不限,因此每一个项目都可以从这六人中选出一人参赛,由分步乘法计数原理,得共有不同的报名方法63=216(种).
思维升华 利用分步乘法计数原理解决问题:
①要按事件发生的过程合理分步,即分步是有先后顺序的;
②各步中的方法互相依存,缺一不可,只有各个步骤都完成了才算完成这件事.
已知集合M={-3,-2,-1,0,1,2},若a,b,c∈M,则:
(1)y=ax2+bx+c可以表示多少个不同的二次函数;
(2)y=ax2+bx+c可以表示多少个图象开口向上的二次函数.
解
(1)a的取值有5种情况,b的取值有6种情况,c的取值有6种情况,因此y=ax2+bx+c可以表示5×
6×
6=180(个)不同的二次函数.
(2)y=ax2+bx+c的图象开口向上时,a的取值有2种情况,b、c的取值均有6种情况,因此y=ax2+bx+c可以表示2×
6=72(个)图象开口向上的二次函数.
题型三 两个原理的综合应用
例3 如图所示,将一个四棱锥的每
一个顶点染上一种颜色,并使同一条棱上的两端异色,如果只有5种颜色可供使用,求不同的染色方法总数.
思维启迪 染色问题是常见的计数应用问题,可从选颜色、选顶点进行分类、分步,从不同角度解决问题.
解 方法一 可分为两大步进行,先将四棱锥一侧面三顶点染色,然后再分类考虑另外两顶点的染色数,用分步乘法计数原理即可得出结论.由题设,四棱锥S—ABCD的顶点S、A、B所染的颜色互不相同,它们共有5×
4×
3=60(种)染色方法.
当S、A、B染好时,不妨设其颜色分别为1、2、3,若C染2,则D可染3或4或5,有3种染法;
若C染4,则D可染3或5,有2种染法;
若C染5,则D可染3或4,有2种染法.可见,当S、A、B已染好时,C、D还有7种染法,故不同的染色方法有60×
7=420(种).
方法二 以S、A、B、C、D顺序分步染色.
第一步,S点染色,有5种方法;
第二步,A点染色,与S在同一条棱上,有4种方法;
第三步,B点染色,与S、A分别在同一条棱上,有3种方法;
第四步,C点染色,也有3种方法,但考虑到D点与S、A、C相邻,需要针对A与C是否同色进行分类,当A与C同色时,D点有3种染色方法;
当A与C不同色时,因为C与S、B也不同色,所以C点有2种染色方法,D点也有2种染色方法.由分步乘法、分类加法计数原理得不同的染色方法共有5×
(1×
3+2×
2)=420(种).
方法三 按所用颜色种数分类.
第一类,5种颜色全用,共有A种不同的方法;
第二类,只用4种颜色,则必有某两个顶点同色(A与C,或B与D),共有2×
A种不同的方法;
第三类,只用3种颜色,则A与C、B与D必定同色,共有A种不同的方法.
由分类加法计数原理,得不同的染色方法总数为
A+2×
A+A=420(种).
思维升华 用两个计数原理解决计数问题时,关键是明确需要分类还是分步.
(1)分类要做到“不重不漏”,分类后再分别对每一类进行计数,最后用分类加法计数原理求和,得到总数.
(2)分步要做到“步骤完整”,只有完成了所有步骤,才完成任务,根据分步乘法计数原理,把完成每一步的方法数相乘,得到总数.
(3)对于复杂问题,可同时运用两个计数原理或借助列表、画图的方法来帮助分析.
用红、黄、蓝、白、黑五种颜色涂在“田”字形的4个小方格内,每格涂一种颜色,相邻两格涂不同的颜色,如果颜色可以反复使用,共有多少种不同的涂色方法?
解 如图所示,将4个小方格依次编号为1,2,3,4,第1个小方格可以从5
种颜色中任取一种颜色涂上,有5种不同的涂法.
①当第2个、第3个小方格涂不同颜色时,有A=12(种)不同的涂法,第4个小方格有3种不同的涂法.由分步乘法计数原理可知,有5×
12×
3=180(种)不同的涂法;
②当第2个、第3个小方格涂相同颜色时,有4种涂法,由于相邻方格不同色,因此,第4个小方格也有4种不同的涂法,由分步乘法计数原理可知.有5×
4=80(种)不同的涂法.
由分类加法计数原理可得,共有180+80=260(种)不同的涂法.
A组 专项基础训练
一、选择题
1.从集合{1,2,3,…,10}中任意选出三个不同的数,使这三个数成等比数列,这样的等比数列的个数为( )
A.3B.4C.6D.8
解析 按从小到大顺序有124,139,248,469共4个,同理按从大到小顺序也有4个,故这样的等比数列的个数为8个.
2.现有4种不同颜色要对如图所示的四个部分进行着色,要求有公共边界的
两块不能用同一种颜色,则不同的着色方法共有( )
A.24种B.30种C.36种D.48种
解析 共有4×
2=48(种),故选D.
3.集合P={x,1},Q={y,1,2},其中x,y∈{1,2,3,…,9},且P⊆Q.把满足上述条件的一对有序整数对(x,y)作为一个点的坐标,则这样的点的个数是( )
A.9B.14C.15D.21
解析 当x=2时,x≠y,点的个数为1×
7=7(个);
当x≠2时,x=y,点的个数为7×
1=7(个),则共有14个点,故选B.
4.(2013·
山东)用0,1,…,9十个数字,可以组成有重复数字的三位数的个数为( )
A.243B.252C.261D.279
解析 0,1,2,…,9共能组成9×
10×
10=900(个)三位数,其中无重复数字的三位数有9×
9×
8=648(个).
∴有重复数字的三位数有900-648=252(个).
5.(2013·
四川)从1,3,5,7,9这五个数中,每次取出两个不同的数分别记为a,b,共可得到lga-lgb的不同值的个数是( )
A.9B.10C.18D.20
解析 由于lga-lgb=lg(a>
0,b>
0),从1,3,5,7,9中任取两个作为有A=20种,又与相同,与相同,∴lga-lgb的不同值的个数有A-2=20-2=18,选C.
二、填空题
6.一个乒乓球队里有男队员5名,女队员4名,从中选取男、女队员各一名组成混合双打,共有________种不同的选法.答案 20
解析 先选男队员,有5种选法,再选女队员有4种选法,由分步乘法计数原理知共有5×
4=20(种)不同的选法.
7.某次活动中,有30人排成6行5列,现要从中选出3人进行礼仪表演,要求这3人中的任意2人不同行也不同列,则不同的选法种数为________(用数字作答).答案 7200
解析 其中最先选出的一个人有30种方法,此时不能再从这个人所在的行和列上选人,还剩一个5行4列的队形,故选第二个人有20种方法,此时不能再从该人所在的行和列上选人,还剩一个4行3列的队形,此时第三个人的选法有12种,根据分步乘法计数原理,总的选法种数是30×
20×
12=7200.
8.已知集合M={1,-2,3},N={-4,5,6,-7},从M,N这