高考物理二轮复习专题测试一及答案解析Word格式文档下载.docx

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若当v行＝v带时,行李的位移小于传送带长度,则之后行李相对于传送带静止做匀速直线运动,此时不受摩擦力,故A、B错,C对。

因行李最大速度为v,故最短时间为,D错。

[答案]C

2．（2018·

广东佛山质检）有几位同学为了测试某款汽车的性能,记录了该汽车沿平直公路启动、匀速行驶和制动三个过程速度的变化情况如表,若汽车启动和制动可看作是匀变速直线运动,则下列说法正确的是（　　）

时间（s）

2.0

4.0

6.0

8.0

10.0

12.0

14.0

16.0

速度（m/s）

20.0

28.0

A.汽车加速到6s末才开始匀速运动

B．加速阶段位移为90m

C．前8s内汽车通过的位移大小为145.6m

D．制动过程加速度大小一定为10m/s2

[解析]加速时,a＝m/s2＝5m/s2,又v＝28.0m/s,由v＝at得t＝5.6s,故A错；

加速阶段s＝t＝×

5.6m＝78.4m,故B错；

前8s位移s′＝s＋vt′＝78.4m＋28.0×

（8－5.6）m＝145.6m,故C对；

制动时间不确定,故制动时加速度不确定,D错。

3．（2018·

全国模拟）a、b两物体在同一直线上运动,二者运动的v-t图像均为直线,如图所示,已知两物体在4s末相遇。

则关于它们在0～4s内的运动,下列说法正确的是（　　）

A．a、b两物体运动的方向相反

B．a物体的加速度大小小于b物体的加速度

C．t＝2s时两物体相距最远

D．t＝0时刻,a物体在b物体前方3m远处

[解析]由题图可知,a、b两物体都沿正方向运动,运动的方向相同,A错误；

a物体的加速度大小为：

a1＝m/s2＝1m/s2,b物体的加速度大小为：

a2＝m/s2＝0.5m/s2,a物体的加速度大小大于b物体的加速度,B错误；

两物体在4s末相遇,结合题图可知是a物体追b物体,因此速度相等即t＝2s时,两物体相距最远,C正确；

设t＝0时相距为x0,两物体在4s末相遇,则有：

x0＋xa＝xb,因v-t图像中图线与t轴所围面积表示位移,由图可知0～4s内a、b两物体位移大小相等,即xa＝xb,则x0＝0,D错误。

4．（2018·

湖北四地七校联盟联考）如图所示,在光滑的水平面上有一段长为L、质量分布均匀的绳子,绳子在水平向左的恒力F作用下做匀加速直线运动。

绳子上某一点到绳子右端的距离为x,设该处的张力为T,则能正确描述T与x之间的关系的图像是（　　）

[解析]设单位长度绳子的质量为m。

对整段绳子分析有：

F＝Lma；

对右侧x长度的绳子分析可知：

T＝xma

联立解得：

T＝x,

故可知T与x成正比,且x＝0时,T＝0。

故A正确。

[答案]A

5．（2018·

天津河东一模）（多选）如图所示,带有长方体盒子的斜劈A放在固定的斜面体C的斜面上,在盒子内放有光滑球B,B恰与盒子前、后壁P、Q相接触。

若使斜劈A在斜面体C上静止不动,则P、Q对球B无压力。

以下说法正确的是（　　）

A．若C的斜面光滑,斜劈A由静止释放,则Q对球B有压力

B．若C的斜面光滑,斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行,则P、Q对B球均无压力

C．若C的斜面粗糙,斜劈A沿斜面匀速下滑,则P、Q对球B均无压力

D．若C的斜面粗糙,斜劈A沿斜面以一定的初速度减速下滑,则P对球B有压力

[解析]若C的斜面光滑,无论斜劈是由静止释放还是以一定的初速度沿斜面上滑,斜劈和球具有相同的加速度,方向均沿斜面向下；

根据牛顿第二定律,知B球所受的合力方向沿斜面向下,所以B球受重力、盒子底部的支持力以及Q对球的压力,而P对球无压力,所以A选项是正确的,B选项是错误的。

若C的斜面粗糙,斜劈A沿斜面匀速下滑,则B球处于平衡状态,受重力和盒子底部的支持力而平衡,P、Q对球均无压力,所以C选项是正确的。

若C的斜面粗糙,斜劈A沿斜面减速下滑,斜劈和球整体具有相同的加速度,方向沿斜面向上,根据牛顿第二定律,知B球所受的合力方向沿斜面向上,所以B球受重力、盒子底部的支持力以及P对球的压力,所以D选项是正确的。

[答案]ACD

6．（2018·

山西考前测试）如图所示,倾角为θ＝37°

的传送带以速度v1＝2m/s顺时针匀速转动。

将一小物块以v2＝8m/s的速度从传送带的底端滑上传送带。

已知小物块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.5,传送带足够长,取sin37°

＝0.6,cos37°

＝0.8,g＝10m/s2,下列说法正确的是（　　）

A．小物块运动的加速度大小恒为10m/s2

B．小物块向上运动的时间为0.6s

C．小物块向上滑行的最远距离为4m

D．小物块最终将随传送带一起向上匀速运动

[解析]小物块的运动分两个阶段：

因初始时v2＞v1,则开始一段时间小物块相对传送带向上运动,其所受滑动摩擦力沿传送带向下,由牛顿第二定律有：

ma1＝mgsinθ＋μmgcosθ

得a1＝10m/s2

因μmgcosθ＜mgsinθ,则小物块速度与传送带速度相同之后,小物块将相对传送带向下运动,其所受滑动摩擦力沿传送带向上,由牛顿第二定律有：

ma2＝mgsinθ－μmgcosθ

得a2＝2m/s2

所以A选项错误。

两段运动的时间分别为：

t1＝＝0.6s

t2＝＝1.0s

所以向上运动的时间为t1＋t2＝1.6s,B选项错。

两段运动的位移分别为：

s1＝·

t1＝3m

s2＝·

t2＝1m

向上滑行最远距离s＝s1＋s2＝4m,所以选项C正确。

由以上分析可知,小物块先向上减速到零,再向下加速,D选项错。

7．（2018·

河北衡水中学六调）如图所示,质量为m0、倾角为θ的斜面体静止在水平地面上,有一质量为m的小物块放在斜面上,轻推一下小物块后,它沿斜面向下匀速运动。

若给小物块持续施加沿斜面向下的恒力F,斜面体始终静止。

施加恒力F后,下列说法正确的是（　　）

A．小物块沿斜面向下运动的加速度为

B．斜面体对地面的压力大小等于（m＋m0）g＋Fsinθ

C．地面对斜面体的摩擦力方向水平向左

D．斜面体对小物块的作用力的大小和方向都变化

[解析]在未施加恒力F时,因小物块能沿斜面匀速运动,根据共点力平衡可知,mgsinθ＝μmgcosθ,当施加恒力F后,对物块受力分析可知F＋mgsinθ－μmgcosθ＝ma,解得a＝,故A正确；

施加恒力后,物块对斜面的压力和摩擦力不变,其中压力和摩擦力的合力等于物块的重力,方向竖直向下。

对斜面体分析可知,其受到的支持力等于m0g＋mg,地面对其没有摩擦力作用,故B、C错误；

斜面体对物块的支持力和摩擦力大小和方向都不变,故D错误。

8．（2018·

山东泰安二模）如图所示,小球A置于固定在水平面上的光滑半圆柱体上,小球B用水平轻弹簧拉着,弹簧固定在竖直板上。

两小球A、B通过光滑滑轮O用轻质细绳相连,两球均处于静止状态。

已知B球质量为m,O在半圆柱体圆心O1的正上方,OA与竖直方向成30°

角,OA长度与半圆柱体半径相等,OB与竖直方向成45°

角,现将轻质细绳剪断的瞬间（重力加速度为g）,下列说法正确的是（　　）

A．弹簧弹力大小为mg

B．球B的加速度为g

C．球A受到的支持力为mg

D．球A的加速度为g

[解析]剪断细绳前对B球受力分析如图,由平衡条件可得F弹＝mgtan45°

＝mg；

剪断细绳瞬间,细绳上弹力立即消失,而弹簧弹力F弹和重力的大小和方向均没有改变,则F合＝＝mg,aB＝g,A、B项错误。

F绳＝mg,A球的重力大小GA＝2F绳cos30°

＝mg,A球受到的支持力NA＝GAcos30°

＝mg,C项错误。

对A球由牛顿第二定律有mAgsin30°

＝mAaA,得A的加速度aA＝g·

sin30°

＝g,D项正确。

[答案]D

9．如图甲所示,在木箱内粗糙斜面上静止一个质量为m的物体,木箱竖直向上运动的速度v与时间t的变化规律如图乙所示,物体始终相对斜面静止。

斜面对物体的支持力和摩擦力分别为N和f,则下列说法正确的是（　　）

A．在0～t1时间内,N增大,f减小

B．在0～t1时间内,N减小,f增大

C．在t1～t2时间内,N增大,f增大

D．在t1～t2时间内,N减小,f减小

[解析]在0～t1时间内,根据速度时间图线知,物体做加速运动,加速度逐渐减小。

设斜面倾角为θ,对物体研究,在竖直方向上有Ncosθ＋fsinθ－mg＝ma,Nsinθ＝fcosθ,因加速度减小,则支持力N和摩擦力f减小。

在t1～t2时间内,根据速度时间图线知,物体做减速运动,加速度逐渐增大。

对物体研究,在竖直方向上有mg－（Ncosθ＋fsinθ）＝ma,Nsinθ＝fcosθ,因加速度逐渐增大,则支持力N和摩擦力f逐渐减小,选项D正确,A、B、C错误。

10.（多选）利用如图甲所示的装置测量滑块和滑板间的动摩擦因数,将质量为M的滑块A放在倾斜滑板B上,C为位移传感器,它能将滑块A到传感器C的距离数据实时传送到计算机上,经计算机处理后在屏幕上显示出滑块A的速度-时间（vt）图像。

先给滑块A一个沿滑板B向上的初速度,得到的vt图像如图乙所示,则（　　）

A．滑块A上滑时加速度的大小为8m/s2

B．滑块A下滑时加速度的大小为8m/s2

C．滑块与滑板之间的动摩擦因数μ＝0.5

D．滑块A上滑时运动的位移为1m

[解析]滑块A上滑时加速度的大小a1＝||m/s2＝8.0m/s2,选项A正确；

滑块A下滑时的加速度a2＝m/s2＝4.0m/s2,选项B错误；

由牛顿第二定律知A上滑时mgsinθ＋μmgcosθ＝ma1,A下滑时mgsinθ－μmgcosθ＝ma2,解得μ＝0.25,选项C错误；

在速度-时间图像中面积表示位移,滑块A上滑时运动的位移为1m,选项D正确。

[答案]AD

二、非选择题（本题共6小题,共60分。

按题目要求作答。

解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。

只写出最后答案的不能得分。

有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。

11．（8分）（2018·

辽宁葫芦岛期末）有同学利用如图所示的装置来探究力的平行四边形定则。

在竖直木板上铺有白纸,固定两个光滑的滑轮A和B,将细绳打一个结O,每个钩码的质量相等,当系统达到平衡时,根据钩码个数确定3根细绳的拉力FTOA、FTOB和FTOC,回答下列问题：

（1）改变钩码个数,实验能完成的是____________（填字母代号）。

A．钩码的个数N1＝1,N3＝2,N2＝4

B．钩码的个数N1＝N2＝N3＝4

C．钩码的个数