中考数学专题突破导学练同步第25讲圆的有关性质含答案Word文档下载推荐.docx
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知识点三:
圆心角、弧、弦、弦心距之间的关系
1.定理:
在同圆或等圆中,相等的圆心角所对的弧相等,所对的弦相等,所对弦的弦心距相等.
同圆或等圆中:
(1)两个圆心角相等;
(2)两条弧相等;
(3)两条弦相等;
(4)两条弦的弦心距相等.四项中有一项成立,则其余对应的三项都成立.
圆心角、弧、弦、弦心距之间的关系。
知识点四:
圆心角与圆周角
1.概念:
顶点在圆心上的角叫圆心角;
顶点在圆上,角的两边和圆都相交的角叫圆周角.
2.性质
(1)圆心角的度数等于它所对弧的度数;
(2)一条弧所对的圆周角的度数等于它所对圆心角的一半;
(3)同弧或等弧所对的圆周角相等.同圆或等圆中相等的圆周角所对的弧相等;
(4)半圆(或直径)所对的圆周角是直角,90°
的圆周角所对的弦是直径.
圆周角的定义。
.圆周角性质的运用
知识点五:
垂径定理的应用
用垂径定理进行计算或证明,常需作出圆心到弦的垂线段(即弦心距),则垂足为弦的中点,再利用解半径、弦心距和弦的一半组成的直角三角形来达到求解的目的.
垂径定理的理解
垂径定理的及其推论的运用。
【考点解析】
考点一:
圆周角与圆心角的应用
【例题1】
(2017青海西宁)如图,四边形ABCD内接于⊙O,点E在BC的延长线上,若∠BOD=120°
,则∠DCE= 60°
.
【考点】M6:
圆内接四边形的性质;
M5:
圆周角定理.
【分析】先根据圆周角定理求出∠A的度数,再由圆内接四边形的性质即可得出结论.
【解答】解:
∵∠BOD=120°
,
∴∠A=∠BOD=60°
.
∵四边形ABCD是圆内接四边形,
∴∠DCE=∠A=60°
故答案为:
60°
【例题2】如图,圆O是Rt△ABC的外接圆,∠ACB=90°
,∠A=25°
,过点C作圆O的切线,交AB的延长线于点D,则∠D的度数是( )
A.25°
B.40°
C.50°
D.65°
【考点】切线的性质;
【分析】首先连接OC,由∠A=25°
,可求得∠BOC的度数,由CD是圆O的切线,可得OC⊥CD,继而求得答案.
连接OC,
∵圆O是Rt△ABC的外接圆,∠ACB=90°
∴AB是直径,
∵∠A=25°
∴∠BOC=2∠A=50°
∵CD是圆O的切线,
∴OC⊥CD,
∴∠D=90°
﹣∠BOC=40°
故选B.
考点二、垂径定理及应用
【例3】如图,AB为⊙O的直径,AB=6,AB⊥弦CD,垂足为G,EF切⊙O于点B,∠A=30°
,连接AD、OC、BC,下列结论不正确的是( )
A.EF∥CDB.△COB是等边三角形
C.CG=DGD.的长为π
【考点】弧长的计算;
切线的性质.
【分析】根据切线的性质定理和垂径定理判断A;
根据等边三角形的判定定理判断B;
根据垂径定理判断C;
利用弧长公式计算出的长判断D.
∵AB为⊙O的直径,EF切⊙O于点B,
∴AB⊥EF,又AB⊥CD,
∴EF∥CD,A正确;
∵AB⊥弦CD,
∴=,
∴∠COB=2∠A=60°
,又OC=OD,
∴△COB是等边三角形,B正确;
∴CG=DG,C正确;
的长为:
=π,D错误,
故选:
D.
【例题4】如图,⊙O的半径为4,△ABC是⊙O的内接三角形,连接OB、OC.若∠BAC与∠BOC互补,则弦BC的长为( )
A.3B.4C.5D.6
【考点】垂径定理;
圆周角定理;
解直角三角形.
【分析】首先过点O作OD⊥BC于D,由垂径定理可得BC=2BD,又由圆周角定理,可求得∠BOC的度数,然后根据等腰三角形的性质,求得∠OBC的度数,利用余弦函数,即可求得答案.
过点O作OD⊥BC于D,
则BC=2BD,
∵△ABC内接于⊙O,∠BAC与∠BOC互补,
∴∠BOC=2∠A,∠BOC+∠A=180°
∴∠BOC=120°
∵OB=OC,
∴∠OBC=∠OCB==30°
∵⊙O的半径为4,
∴BD=OB•cos∠OBC=4×
=2,
∴BC=4.
B.
【中考热点】
(2017浙江湖州)如图,已知在△ABC中,AB=AC.以AB为直径作半圆O,交BC于点D.若∠BAC=40°
,则的度数是 140 度.
【考点】M5:
KH:
等腰三角形的性质.
【分析】首先连接AD,由等腰△ABC中,AB=AC,以AB为直径的半圆交BC于点D,可得∠BAD=∠CAD=20°
,即可得∠ABD=70°
,继而求得∠AOD的度数,则可求得的度数.
连接AD、OD,
∵AB为直径,
∴∠ADB=90°
即AD⊥BC,
∵AB=AC,
∴∠BAD=∠CAD=∠BAC=20°
,BD=DC,
∴∠ABD=70°
∴∠AOD=140°
∴的度数为140°
;
故答案为140.
【达标检测】
一、选择题:
1.(2017广东)如图,四边形ABCD内接于⊙O,DA=DC,∠CBE=50°
,则∠DAC的大小为( )
A.130°
B.100°
C.65°
D.50°
圆内接四边形的性质.
【分析】先根据补角的性质求出∠ABC的度数,再由圆内接四边形的性质求出∠ADC的度数,由等腰三角形的性质求得∠DAC的度数.
∵∠CBE=50°
∴∠ABC=180°
﹣∠CBE=180°
﹣50°
=130°
∵四边形ABCD为⊙O的内接四边形,
∴∠D=180°
﹣∠ABC=180°
﹣130°
=50°
∵DA=DC,
∴∠DAC==65°
故选C.
2.(2017贵州安顺)如图,⊙O的直径AB=4,BC切⊙O于点B,OC平行于弦AD,OC=5,则AD的长为( )
A.B.C.D.
【考点】T7:
解直角三角形;
JA:
平行线的性质;
【分析】首先由切线的性质得出OB⊥BC,根据锐角三角函数的定义求出cos∠BOC的值;
连接BD,由直径所对的圆周角是直角,得出∠ADB=90°
,又由平行线的性质知∠A=∠BOC,则cos∠A=cos∠BOC,在直角△ABD中,由余弦的定义求出AD的长.
连接BD.
∵AB是直径,∴∠ADB=90°
∵OC∥AD,∴∠A=∠BOC,∴cos∠A=cos∠BOC.
∵BC切⊙O于点B,∴OB⊥BC,
∴cos∠BOC==,
∴cos∠A=cos∠BOC=.
又∵cos∠A=,AB=4,
∴AD=.
3.(2017湖北宜昌)如图,四边形ABCD内接⊙O,AC平分∠BAD,则下列结论正确的是( )
A.AB=ADB.BC=CDC.D.∠BCA=∠DCA
【考点】M4:
圆心角、弧、弦的关系.
【分析】根据圆心角、弧、弦的关系对各选项进行逐一判断即可.
A、∵∠ACB与∠ACD的大小关系不确定,∴AB与AD不一定相等,故本选项错误;
B、∵AC平分∠BAD,∴∠BAC=∠DAC,∴BC=CD,故本选项正确;
C、∵∠ACB与∠ACD的大小关系不确定,∴与不一定相等,故本选项错误;
D、∠BCA与∠DCA的大小关系不确定,故本选项错误.
4.(2017山东泰安)如图,△ABC内接于⊙O,若∠A=α,则∠OBC等于( )
A.180°
﹣2αB.2αC.90°
+αD.90°
﹣α
【分析】首先连接OC,由圆周角定理,可求得∠BOC的度数,又由等腰三角形的性质,即可求得∠OBC的度数.
∵连接OC,
∵△ABC内接于⊙O,∠A=α,
∴∠BOC=2∠A=2α,
∴∠OBC=∠OCB==90°
﹣α.
故选D.
二、填空题:
5.(2017.四川眉山)如图,AB是⊙O的弦,半径OC⊥AB于点D,且AB=8cm,DC=2cm,则OC= 5 cm.
【考点】M2:
垂径定理;
KQ:
勾股定理.
【分析】连接OA,根据垂径定理求出AD,根据勾股定理R2=42+(R﹣2)2,计算求出R即可.
连接OA,
∵OC⊥AB,
∴AD=AB=4cm,
设⊙O的半径为R,
由勾股定理得,OA2=AD2+OD2,
∴R2=42+(R﹣2)2,
解得R=5
∴OC=5cm.
故答案为5.
6.(2017青海西宁)如图,AB是⊙O的直径,弦CD交AB于点P,AP=2,BP=6,∠APC=30°
,则CD的长为( )
KO:
含30度角的直角三角形;
【分析】作OH⊥CD于H,连结OC,如图,根据垂径定理由OH⊥CD得到HC=HD,再利用AP=2,BP=6可计算出半径OA=4,则OP=OA﹣AP=2,接着在Rt△OPH中根据含30度的直角三角形的性质计算出OH=OP=1,然后在Rt△OHC中利用勾股定理计算出CH=,所以CD=2CH=2.
作OH⊥CD于H,连结OC,如图,
∵OH⊥CD,
∴HC=HD,
∵AP=2,BP=6,
∴AB=8,
∴OA=4,
∴OP=OA﹣AP=2,
在Rt△OPH中,∵∠OPH=30°
∴∠POH=30°
∴OH=OP=1,
在Rt△OHC中,∵OC=4,OH=1,
∴CH==,
∴CD=2CH=2.
7.(2017湖北荆州)如图,A、B、C是⊙O上的三点,且四边形OABC是菱形.若点D是圆上异于A、B、C的另一点,则∠ADC的度数是 60°
或120°
L8:
菱形的性质;
【分析】连接OB,则AB=OA=OB故可得出△AOB是等边三角形,所以∠ADC=60°
,∠AD′C=120°
,据此可得出结论.
连接OB,
∵四边形OABC是菱形,
∴AB=OA=OB=BC,
∴△AOB是等边三角形,
∴∠ADC=60°
8.(2017•新疆)如图,⊙O的半径OD垂直于弦AB,垂足为点C,连接AO并延长交⊙O于点E,连接BE,CE.若AB=8,CD=2,则△BCE的面积为( )
M2:
垂径定理.
【分析】先根据垂径定理求出AC的长,再设OA=r,则OC=r﹣2,在Rt△AOC中利用勾股定理求出r的值,再求出BE的长,利用三角形的面积公式即可得出结论.
∵⊙O的半径OD垂直于弦AB,垂足为