四川省成都七中实验学校学年高二上学期期中考试物理试题文档格式.docx

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10-19C，故D错误。

2.将两个分别带有电荷量－2Q和＋5Q的相同金属小球A、B分别固定在相距为r的两处（均可视为点电荷），它们之间库仑力的大小为F.现将第三个与A、B两小球完全相同的不带电小球C先后与A、B两小球相互接触后拿走，A、B两小球间距离保持不变，则两小球间库仑力的大小为

A.FB.FC.FD.F

【答案】C

【详解】开始时由库仑定律得：

当小球和A接触后，A球带电为-Q，再和B球接触时，先中和后总电量为4Q，故平分后B球带电为2Q，因此此时：

所以

A.F与计算不符，故A错误。

B.F与计算不符，故B错误。

C.F与计算相符，故C正确。

D.F与计算不符，故D错误。

3.如图所示，A、B为两电阻的电压与电流图像，关于两电阻的描述正确的是

A.电阻A的电阻随电流的增大而减小，电阻B阻值不变

B.在两图线交点处，电阻A的阻值等于电阻B

C.在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻B

D.在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B

【详解】A.由图可知，电阻A的图象的斜率越来越大，故A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变；

故A错误；

BCD.两图象的交点处，电流和电压均相同，则由欧姆定律可知，两电阻的阻值大小相等；

故B正确CD错误；

4.小宇同学在探究电表改装时，取了两个满偏电流均为Ig=1mA、内阻rg=30Ω的表头，分别改装成量程为0~3V的电压表和量程为0~0.6A的电流表。

下列操作正确的是

A.改装成电压表应该串联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该并联一个0.15Ω的定值电阻

B.改装成电压表应该并联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该串联一个0.15Ω的定值电阻

C.改装成电压表应该串联一个2970Ω的定值电阻，改装成电流表应该并联一个0.05Ω的定值电阻

D.改装成电压表应该并联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该串联一个0.05Ω的定值电阻

【详解】如把它改装成量程为3V的电压表要串联电阻分压：

如把它改装成量程为0.6A的电流表要并联分流电阻：

A.改装成电压表应该串联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该并联一个0.15Ω的定值电阻，与分析结果不符，故A错误。

B.改装成电压表应该并联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该串联一个0.15Ω的定值电阻，与分析结果不符，故B错误。

C.改装成电压表应该串联一个2970Ω的定值电阻，改装成电流表应该并联一个0.05Ω的定值电阻，与分析结果相符，故C正确。

D.改装成电压表应该并联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该串联一个0.05Ω的定值电阻，与分析结果不符，故D错误。

5.压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图（a）所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球。

小车向右做直线运动过程中，电流表示数如图5（b）所示，下列判断正确的是

A.从t1到t2时间内，小车一定匀速直线运动

B.从t1到t2时间内，小车一定匀加速直线运动

C.从t2到t3时间内，小车一定匀加速直线运动

D.从t2到t3时间内，小车一定匀速直线运动

试题分析：

由图知从t1到t2时间内，电流I增大，则压敏电阻所受压力增大，即绝缘球所受的支持力增大，由知小车做加速度变大的加速运动，AB错；

从t2到t3时间内，电流I不变，则压敏电阻所受压力不变，即绝缘球所受的支持力不变，由知小车做匀加速直线运动，C对，D错。

考点：

本题考查I-t图像的分析，受力分析，牛顿第二定律

点评：

本题学生能根据电流的变化，判断压敏电阻阻值的变化，进而判断所受压力的变化，再由牛顿第二定律判断加速度的变化。

6.电阻R和电动机M串联接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机M线圈的电阻相同，开关闭合后，电动机正常工作，设电阻R和电动机两端的电压分别为U1和U2；

经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生的热量为Q1；

电流通过电动机M做功为W2，产生的热量为Q2，则有（）

A.U1＝U2，Q1＜Q2

B.W1＜W2，Q1＝Q2

C.W1＜W2，Q1＜Q2

D.U1＞U2，Q1＝Q2

设开关接通后，电路中电流为I．

对于电阻R，由欧姆定律得

对于电动机，，则．根据公式可得，

根据焦耳定律得，则．

故选B，

考查了电功和电功率的计算

本题把握纯电阻电路与非纯电阻电路区别的能力，抓住欧姆定律适用于纯电阻电路，不适用于非纯电阻电路，而焦耳定律对两种电路均适用．

7.两个带电小球A、B（可视为点电荷）的质量分别为m1和m2，带电荷量分别为q1和q2，用长度相同的绝缘细线拴住并悬挂于同一点，静止时两悬线与竖直方向的夹角相等．则m1和m2、q1和q2的关系可能是

A.q1＝q2，m1＝m2B.q1>

q2，m1>

m2

C.q1<

q2，m1＝m2D.q1<

【答案】AC

【详解】题中电荷电量可能不同，也可能相同，但各自所受的电场力大小却相同，方向相反。

由于它们与竖直线所成的角度均为α，且两球同处一水平线上，所以根据共点力平衡条件可确定，它们的质量一定相等。

A.q1＝q2，m1＝m2与计算相符，故A正确。

B.q1>

m2与计算不符，故B错误。

q2，m1＝m2与计算相符，故C正确。

D.q1<

m2与计算不符，故D错误。

8.如图

（1）是某一点电荷形成的电场中的一条电场线，A、B是电场线上的两点，一负电荷q仅在电场力作用下以初速度v0从A运动到B过程中的速度图线如图

（2）所示，则以下说法中正确的是

A.A、B两点的电场强度是EA>

EB

B.A、B两点的电势差UAB>

C.负电荷q在A到B过程中电势能增大

D.由于电场方向由A→B，所以此电场是由A点左侧正点电荷形成的

【答案】BC

【详解】A.速度图象的斜率等于物体的加速度，由图可知点电荷从A向B运动的过程中，加速度越来越大，所受的电场力越来越大，场强越来越大，故A点的场强小于B点场强，

EA＜EB

故A错误。

B.由于物体沿电场线运动过程中做减速运动，故点电荷所受电场力方向由B指向A，又由于负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，所以电场线的方向由A指向B；

而沿电场线的方向电势降低，所以A点电势比B点的电势高

UAB>

故B正确。

C.从图象知道，速度减小，电荷的动能减小，由于仅在电场力作用，所以根据能量守恒可知其电势能增大，负电荷q在A到B过程中电势能增大，故C正确。

D.因为A点的场强小于B点场强，A点离场源电荷远，电场线的方向由A指向B，所以此电场一定是负电荷形成的电场，故D错误。

9.在空间O点固定带正电的点电荷Q，其电场的电场线如图所示，在其电场中的A点有一个带电粒子q（重力不计）。

若给带电粒子一个垂直于OA方向的初速度v0，在只受电场力的作用下，以下说法中正确的是

A.若q为负电荷，则q可能做匀速圆周运动

B.若q为负电荷，则q可能做匀变速曲线运动

C.若q为正电荷，则q的电势能可能增大

D.若q为正电荷，则q一定做远离O点的变加速曲线运动

【答案】AD

【详解】A.若q为负电荷，当粒子受到的电场力恰好和粒子做圆周运动的向心力的大小相等时，粒子做匀速圆周运动，故A正确。

B.当粒子做曲线运动时，粒子受到的电场力的大小要改变，所以粒子将做的是变加速曲线运动，故B错误。

C.若q为正电荷，那么粒子一定会向远离电荷的方向运动，电场力做正功，则q的电势能逐渐的减小，故C错误。

D.若q为正电荷，那么粒子一定会远离电荷，受到的电场力的大小逐渐的减小，是变速运动，故D正确。

10.从地面斜向上抛出一个质量为m、带电量为+q的小球，当小球到达最高点时，小球具有的动能与势能之比是9:

16，选地面为重力势能参考面，现在此空间加上一个平行于小球运动平面的竖直方向匀强电场E，以相同的初速度抛出原小球，小球到达最高点时的动能等于重力势能。

已知重力加速度大小为g，不计空气阻力。

下列说法正确的是

A.小球抛出时速度的水平分量与竖直分量的比值为4:

3

B.小球第二次在空中运动的水平位移小于第一次在空中运动的水平位移

C.所加电场方向一定竖直向上，且满足qE<

mg

D.所加电场场强大小一定是

【答案】BD

【详解】A.无电场时，当小球升到最高点时，小球具有的动能与势能之比是9：

16，将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，则竖直方向有

则

解得

vx：

vy=3：

4

BC.在竖直方向上加一电场，小球受到的电场力沿竖直方向，水平方向上的速度不受影响，到达最高点时，仍只剩下水平方向上的速度，与未加电场时动能相同，而动能与重力势能的比值从9：

16变为1：

1，即比值增大，所以小球上升的高度减小，在竖直方向上的初速度vy恒定，根据

可知加速度增大，即小球受到的电场力方向竖直向下，电场方向竖直向下，小球的运动时间减小，故水平位移减小，故B正确C错误；

D.根据能量守恒定律可知，在施加电场后，在最高点动能，重力势能，电势能之比为9：

9：

7，故有

mgH：

qEH=9：

7

解得：

故D正确。

11.在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则正确的是

A.电压表和电流表的示数都增大

B.灯L2变暗，电流表的示数减小

C.灯L1变亮，电压表的示数减小

D.灯L2变暗，电容器的带电量减小

【答案】CD

【详解】将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮；

因路端电压减小，则电源的效率减小；

R与灯L2并联电路的电压

U并=U-U1

U减小，U1增大，则U并减小，灯L2变暗。

流过电流表的电流

IA=I-I2

I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大。

R与灯L