中考数学一轮复习课后作业全等三角形.docx
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中考数学一轮复习课后作业全等三角形
2019-2020年中考数学一轮复习课后作业全等三角形
1、如图,点B、F、C、E在一条直线上,AB∥ED,AC∥FD,那么添加下列一个条件后,仍无法判定△ABC≌△DEF的是( )
A.AB=DEB.AC=DFC.∠A=∠DD.BF=EC
2、在如图所示的5×5方格中,每个小方格都是边长为1的正方形,△ABC是格点三角形(即顶点恰好是正方形的顶点),则与△ABC有一条公共边且全等的所有格点三角形的个数是( )
A.1B.2C.3D.4
3、已知:
如图,在长方形ABCD中,AB=4,AD=6.延长BC到点E,使CE=2,连接DE,动点P从点B出发,以每秒2个单位的速度沿BC-CD-DA向终点A运动,设点P的运动时间为t秒,当t的值为( )秒时.△ABP和△DCE全等.
A.1B.1或3C.1或7D.3或7
4、如图,AB∥CD,BP和CP分别平分∠ABC和∠DCB,AD过点P,且与AB垂直.若AD=8,则点P到BC的距离是( )
A.8B.6C.4D.2
5、如图,已知点P是∠AOB角平分线上的一点,∠AOB=60°,PD⊥OA,M是OP的中点,DM=4cm,如果点C是OB上一个动点,则PC的最小值为( )
A.2B.2C.4D.4
6、如图,将一个等腰Rt△ABC对折,使∠A与∠B重合,展开后得折痕CD,再将∠A折叠,使C落在AB上的点F处,展开后,折痕AE交CD于点P,连接PF、EF,下列结论:
①tan∠CAE=-1;②图中共有4对全等三角形;③若将△PEF沿PF翻折,则点E一定落在AB上;④PC=EC;⑤S四边形DFEP=S△APF.正确的个数是( )
A.1个B.2个C.3个D.4个
7、如图,点B的坐标为(4,4),作BA⊥x轴,BC⊥y轴,垂足分别为A,C,点D为线段OA的中点,点P从点A出发,在线段AB、BC上沿A→B→C运动,当OP=CD时,点P的坐标为
8、如图,在△ABC中,AB=AC=10,点D是边BC上一动点(不与B,C重合),∠ADE=∠B=α,DE交AC于点E,且cosα=.当BD=6
时,△ABD与△DCE全等.
9、如图,已知△ABC的周长是22,OB、OC分别平分∠ABC和∠ACB,OD⊥BC于D,且OD=3,△ABC的面积是
10、四边形ABCD中,AD=BC,BE=DF,AE⊥BD,CF⊥BD,垂足分别为E、F.
(1)求证:
△ADE≌△CBF;
(2)若AC与BD相交于点O,求证:
AO=CO.
11、感知:
如图1,AD平分∠BAC.∠B+∠C=180°,∠B=90°,易知:
DB=DC.
探究:
如图2,AD平分∠BAC,∠ABD+∠ACD=180°,∠ABD<90°,求证:
DB=DC.
应用:
如图3,四边形ABCD中,∠B=45°,∠C=135°,DB=DC=a,则AB-AC=a(用含a的代数式表示)
12、如图,四边形ABDC中,∠D=∠ABD=90°,点O为BD的中点,且OA平分∠BAC.
(1)求证:
OC平分∠ACD;
(2)求证:
OA⊥OC;
(3)求证:
AB+CD=AC.
参考答案
1、解析:
分别判断选项所添加的条件,根据三角形的判定定理:
SSS、SAS、AAS进行判断即可.
解:
选项A、添加AB=DE可用AAS进行判定,故本选项错误;
选项B、添加AC=DF可用AAS进行判定,故本选项错误;
选项C、添加∠A=∠D不能判定△ABC≌△DEF,故本选项正确;
选项D、添加BF=EC可得出BC=EF,然后可用ASA进行判定,故本选项错误.
故选C.
2、解析:
根据全等三角形的判定分别求出以BC为公共边的三角形,以AB为公共边的三角形,以AC为公共边的三角形的个数,相加即可.
解:
以BC为公共边的三角形有3个,以AB为公共边的三角形有0个,以AC为公共边的三角形有1个,
共3+0+1=4个,
故选D.
3、解析:
分两种情况进行讨论,根据题意得出BP=2t=2和AP=16-2t=2即可求得.
解:
因为AB=CD,若∠ABP=∠DCE=90°,BP=CE=2,根据SAS证得△ABP≌△DCE,
由题意得:
BP=2t=2,
所以t=1,
因为AB=CD,若∠BAP=∠DCE=90°,AP=CE=2,根据SAS证得△BAP≌△DCE,
由题意得:
AP=16-2t=2,
解得t=7.
所以,当t的值为1或7秒时.△ABP和△DCE全等.
故选C.
4、解析:
过点P作PE⊥BC于E,根据角平分线上的点到角的两边的距离相等可得PA=PE,PD=PE,那么PE=PA=PD,又AD=8,进而求出PE=4.
解:
过点P作PE⊥BC于E,
∵AB∥CD,PA⊥AB,
∴PD⊥CD,
∵BP和CP分别平分∠ABC和∠DCB,
∴PA=PE,PD=PE,
∴PE=PA=PD,
∵PA+PD=AD=8,
∴PA=PD=4,
∴PE=4.
故选C
5、解析:
根据角平分线的定义可得∠AOP=∠AOB=30°,再根据直角三角形的性质求得PD=OP=4,然后根据角平分线的性质和垂线段最短得到结果.
解:
∵P是∠AOB角平分线上的一点,∠AOB=60°,
∴∠AOP=∠AOB=30°,
∵PD⊥OA,M是OP的中点,DM=4cm,
∴OP=2OM=8,
∴PD=OP=4,
∵点C是OB上一个动点,
∴PC的最小值为P到OB距离,
∴PC的最小值=PD=4.
故选C.
6、解析:
①正确.作EM∥AB交AC于M.设CM=CE=a,则ME=AM=a,根据tan∠CAE=即可判断.
②正确.根据△CDA≌△CDB,△AEC≌△AEF,△APC≌△APF,△PEC≌△PEF即可判断.
③正确.由△PEC≌△PEF得到∠PFA=∠PFE=45°,由此即可判断.
④正确.只要证明∠CPE=∠CEP=67.5°,
⑤错误.假设结论成立,推出矛盾即可.
解:
①正确.作EM∥AB交AC于M.
∵CA=CB,∠ACB=90°,
∴∠CAB=∠CBA=45°,
∵∠CAE=∠BAE=∠CAB=22.5°,
∴∠MEA=∠EAB=22.5°,
∴∠CME=45°=∠CEM,设CM=CE=a,则ME=AM=a,
∴tan∠CAE===-1,故①正确,
②正确.△CDA≌△CDB,△AEC≌△AEF,△APC≌△APF,△PEC≌△PEF,故②正确,
③正确.∵△PEC≌△PEF,
∴∠PCE=∠PFE=45°,
∵∠EFA=∠ACE=90°,
∴∠PFA=∠PFE=45°,
∴若将△PEF沿PF翻折,则点E一定落在AB上,故③正确.
④正确.∵∠CPE=∠CAE+∠ACP=67.5°,∠CEP=90°-∠CAE=67.5°,
∴∠CPE=∠CEP,
∴CP=CE,故④正确,
⑤错误.∵△APC≌△APF,
∴S△APC=S△APF,
假设S△APF=S四边形DFPE,则S△APC=S四边形DFPE,
∴S△ACD=S△AEF,
∵S△ACD=S△ABC,S△AEF=S△AEC≠S△ABC,
∴矛盾,假设不成立.
故⑤错误.
7、解析:
分两种情况①当点P在正方形的边AB上时,根据正方形的性质用HL判断出Rt△OCD≌Rt△OAP,得出AP=2,得出点P的坐标,②当点P在正方形的边BC上时,同①的方法即可.
解:
①当点P在正方形的边AB上时,
在Rt△OCD和Rt△OAP中OC=OA,CD=OP
∴Rt△OCD≌Rt△OAP,
∴OD=AP,
∵点D是OA中点,
∴OD=AD=OA,
∴AP=AB=2,
∴P(4,2),
②当点P在正方形的边BC上时,
同①的方法,得出CP=BC=2,
∴P(2,4)
∴P(2,4)或(4,2)
故答案为(2,4)或(4,2)
8、解析:
过A作AF⊥BC于F,解直角三角形求出BF,求出BC,求出∠B=∠C,∠BAD=∠CDE,根据AAS推出全等即可.
解:
当BD=6时,△ABD和△DCE全等,
理由是:
过A作AF⊥BC于F,
则∠AFB=∠AFC=90°,
∵AB=AC=10,
∴BF=CF,∠B=∠C,
∵∠ADE=∠B=α,DE交AC于点E,且cosα=,
∴cosB==,
∴BF=8,
∴BC=2BF=16,
∵BD=6,
∴CD=16-6=10,
∵AB=10,
∴CD=AB,
∵∠ADE=∠B=α,
∴∠BAD+∠ADB=180°-α,∠CDE+∠ADB=180°-α,
∴∠BAD=∠CDE,
在△ABD和△DCE中,∠BAD=∠CDE,∠B=∠C,AB=DC
∴△ABD≌△DCE(AAS),
即当BD=6时,△ABD与△DCE全等.
故答案为:
6
9、解析:
根据角平分线上的点到角的两边的距离相等可得点O到AB、AC、BC的距离都相等,从而可得到△ABC的面积等于周长的一半乘以OD,然后列式进行计算即可求解.
解:
如图,连接OA,
∵OB、OC分别平分∠ABC和∠ACB,
∴点O到AB、AC、BC的距离都相等,
∵△ABC的周长是22,OD⊥BC于D,且OD=3,
∴S△ABC=×22×3=33.
故答案为:
33.
10、解析:
(1)根据已知条件得到BF=DE,由垂直的定义得到∠AED=∠CFB=90°,根据全等三角形的判定定理即可得到结论;
(2)如图,连接AC交BD于O,根据全等三角形的性质得到∠ADE=∠CBF,由平行线的判定得到AD∥BC,根据平行四边形的性质即可得到结论.
证明:
(1)∵BE=DF,
∴BE-EF=DF-EF,
即BF=DE,
∵AE⊥BD,CF⊥BD,
∴∠AED=∠CFB=90°,
在Rt△ADE与Rt△CBF中,AD=BC,DE=BF
∴Rt△ADE≌Rt△CBF;
(2)如图,连接AC交BD于O,
∵Rt△ADE≌Rt△CBF,
∴∠ADE=∠CBF,
∴AD∥BC,
∴四边形ABCD是平行四边形,
∴AO=CO.
11、解析:
探究:
欲证明DB=DC,只要证明△DFC≌△DEB即可.
应用:
先证明△DFC≌△DEB,再证明△ADF≌△ADE,结合BD=EB即可解决问题.
探究:
证明:
如图②中,DE⊥AB于E,DF⊥AC于F,
∵DA平分∠BAC,DE⊥AB,DF⊥AC,
∴DE=DF,
∵∠B+∠ACD=180°,∠ACD+∠FCD=180°,
∴∠B=∠FCD,
在△DFC和△DEB中,∠F=∠DEB,∠FCD=∠B,DF=DE
∴△DFC≌△DEB,
∴DC=DB.
应用:
解;如图③连接AD、DE⊥AB于E,DF⊥AC于F,
∵∠B+∠ACD=180°,∠ACD+∠FCD=180°,
∴∠B=∠FCD,
在△DFC和△DEB中,∠F=∠DEB,∠FCD=∠B,DC=DB,
∴△DFC≌△DEB,
∴DF=DE,CF=BE,
在Rt△ADF和Rt△ADE中,AD=AD,DE=DF
∴△ADF≌△ADE,
∴AF=AE,
∴AB-AC=(AE+BE)-(AF-CF)=2BE,
在RT△DEB中,∵∠DEB=90°,∠B=∠EDB=45°,BD=a,
∴BE=a,
∴AB-AC=a.
故答案为a.
12、解析:
(1)过点O作OE⊥AC于E,根据角平分线上的点到角的两边的距离相等可得OB=OE,从而求出OE=OD,然后根据到角的两边距离相等的点在角的平分线上证明;
(2)利用“HL”证明△ABO和△AEO全等,根据全等三角形对应角相等可得∠AOB=∠AOE,同理求出∠COD=∠COE,然后