四川高考理科数学模拟试题Word格式文档下载.doc
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C.D.
7.等差数列的前n项和为,且满足,,则,,,中最大的项为()
A.B.C.D.
8.现有8名青年,其中5名能任英语翻译工作,4名能胜任电脑软件设计工作,且每人至少能胜这两项工作中的一项,现从中选5人,承担一项任务,其中3人从事英语翻译工作,2人从事软件设计工作,则不同的选派方法有
A.60种B.54种C.48种D.42种
9.已知点在双曲线上,直线过坐标原点,且直线,的斜率之积为,则双曲线的离心率为()
A.B.C.D.
10.若函数在内无极值,则实数的取值范围是().
A.B.C.D.
第II卷(非选择题共100分)
二、填空题(共5小题,每题5分,满分25分,请将答案填写在答题卡中的横线上)
11.的展开式中的常数项为.
12.若采用系统抽样方法从420人中抽取21人做问卷调查,为此将他们随机编号为,......,则抽取的人中,编号在区间内的人数是.
13.已知实数,执行如图所示的程序框图,则输出的x不小于103的概率是________.
14.已知实数满足,且,则的最小值为.
15.对于定义域为[0,1]的函数,如果同时满足以下三个条件:
①对任意的,总有②
③若,,都有成立;
则称函数为理想函数.下面有三个命题:
(1)若函数为理想函数,则;
(2)函数是理想函数;
(3)若函数是理想函数,假定存在,使得,且,则;
其中正确的命题是_______.(请填写命题的序号)
三、解答题(共6小题,满分75分,其中16至19题,每题12分,20题满分13分,21题满分14分,解答应写出必要的演算过程、文字说明和解题步骤)
16.(本小题满分12分)在△ABC中,角、、的对边分别为、、,设S为△ABC的面积,满足.
(Ⅰ)求角C的大小;
(Ⅱ)若,且,求的值.
17.(本小题满分12分)已知数列是各项均为正数的等差数列,其中,且成等比数列;
数列的前项和为,满足.
(Ⅰ)求数列、的通项公式;
(Ⅱ)如果,设数列的前项和为,是否存在正整数,使得成立,若存在,求出的最小值,若不存在,说明理由.
18.(本小题满分12分)2015年3月15日,中央电视台揭露部分汽车4S店维修黑幕,国家工商总局针对汽车制造行业中的垄断行为加大了调查力度,对汽车零部件加工的相关企业开出了巨额罚单.某品牌汽车制造商为了压缩成本,计划对、、三种汽车零部件进行招标采购,某著名汽车零部件加工厂参入了该次竞标,已知种零部件中标后即可签合同,而、两种汽车零部件具有很强的关联性,所以公司规定两者都中标才能签合同,否则都不签合同,而三种零部件是否中标互不影响.已知该汽车零部件加工厂中标种零部件的概率为,只中标种零部件的概率为,、两种零部件签订合同的概率为.
(Ⅰ)求该汽车零部件加工厂种汽车零部件中标的概率;
(Ⅱ)设该汽车零部件加工厂签订合同的汽车零部件种数为,求的分布列与期望.
19.(本小题满分12分)如图,在四棱锥中,平面,,四边形满足,且,点为中点,点为边上的动点,且.
(Ⅰ)求证:
平面平面;
(Ⅱ)是否存在实数,使得二面角的余弦值为?
若存在,试求出实数的值;
若不存在,
说明理由.
20.(本小题满分13分)设椭圆C:
(),,为左、右焦点,为短轴端点,且,离心率为,为坐标原点.
(Ⅰ)求椭圆的方程;
(Ⅱ)是否存在圆心在原点的圆,使得该圆的任意一条切线与椭圆恒有两个交点、,且满足?
若存在,求出该圆的方程,若不存在,说明理由.
21.(本小题满分14分)设函数
(Ⅰ)当时,求函数的单调区间;
(Ⅱ)若对任意恒成立,求实数的最小值;
(Ⅲ)设是函数图象上任意不同两点,线段AB中点为C,直线AB的斜率为k.证明:
.
3
参考答案
1.D【解析】由,得,解得,由于,,由,得或,因此,因此所含两个元素
2、C.【解析】是实数,
,故选C.
3.B【解析】由题可知,自变量,故,,即有=2.
4.A【解析】建立如图所示的平面直角坐标系,由题意,知,,,
∴,,,
∵,∴,即,解得,∴.故选A.
5.B【解析】由三视图可知,该几何体的直观图如图所示,平面平面,四棱锥的高为,四边形是边长为的正方形,则,故选.
6.C【解析】作出可行域与目标函数基准线,由线性规划知识,可得当直线过点时,取得最大值,即,解得;
则的图像向右平移个单位后得到的解析式为.
7.D【解析】由,又,,所以.
又.所以数列的公差小于0,且.所以.由.所以<
0,因为前八项是递减且为正,由所以前八项递增,又有>
0.故选D.
8.D【解析】解:
设能胜任两种工作的那个人为A,
记为A不选派A的方法数C43C32=12;
A被选为英语翻译工作的方法数C42C32=18;
A被选为电脑软件设计工作的方法数C43C31=12,
故不同的选法种数为42,故选D.
9.A【解析】因为直线过原点,且在双曲线上,所以两点关于原点对称,则可设,所以,,由题意得,又由,,相减得,即,,所以故正确答案为A
10.B【解析】,①当时,,所以,在单调递增,在无极值,符合题意,所以;
②当时,即解得:
,当时,,当时,,所以的单调递增区间为:
;
单调递减区间为:
,当时原函数取得极大值,当时,原函数取得极小值,要满足原函数在内无极值,需满足:
解得:
,综合①②,的取值范围为,所以答案为
11.40
【解析】的展开式的通项为,,不合题意,,,因此展开式中的常数项为.
12.6
【解析】因为区间内的人数共有每20人抽取一人,因此共抽人,即编号在区间内的人数是6人
13.
【解析】设实数x∈[2,30],经过第一次循环得到x=2x+1,n=2,经过第二循环得到x=2(2x+1)+1,n=3经过第三次循环得到x=2[2(2x+1)+1]+1,n=4此时输出x,输出的值为8x+7,令8x+7≥103得x≥12,
由几何概型得到输出的x不小于103的概率为.
14.
【解析】
因为,所以,,由基本不等式得.
15.①②③
(1)取,代入,可得,即,由已知对任意的,总有可得,∴;
(2)显然在上满足;
②.
若,且,
则有
故满足条件①②③,所以为理想函数.
由条件③知,任给,当时,由知,
∴.
若,则,前后矛盾;
若,则,前后矛盾.
故.∴三个命题都正确,答案为①②③.
16.【解析】
(Ⅰ),且.
因为,所以,
所以,因为,所以;
(Ⅱ)由得:
,即
又由正弦定理得,∴,
∴△ABC是等边三角形,∴,
所以.
17.【解析】
(1)设数列的公差为,依条件有,
即,解得(舍)或,
所以.
由,得,
当时,,解得,
当时,,
所以,
所以数列是首项为,公比为的等比数列,
故.
(2)由
(1)知,,
所以①
②
得.
又.
当时,,所以,
故所求的正整数存在,其最小值是2.
18.【解析】
(Ⅰ)记种零部件为事件;
种零部件为事件;
种零部件为事件.由题意,三个事件相互独立.
设种汽车零部件中标的概率为,种汽车零部件中标的概率为.
则只中标种零部件的概率为
、两种零部件签订合同,即两种零件都中标,其概率为.
由题意,,即,解得.
(Ⅱ)由已知,的可能取值为0,1,2,3.
记、两种零部件签订合同为事件,则,.
所以的分布列为
1
2
的数学期望为.
19.【解析】
(Ⅰ)取中点,连结、,
是中点,,
又,,四边形为平行四边形
,平面,,
,,平面,
平面,平面平面.
(Ⅱ)存在符合条件的.以为原点,方向为轴,方向为轴,方向为轴,建立空间直角坐标系,设,,,
从而,,则平面的法向量为,
又平面即为平面,其法向量,
则,
解得或,进而或.
20.【解析】
(Ⅰ)因为椭圆,由题意得
,,
解得所以椭圆的方程为
(Ⅱ)假设存在圆心在原点的圆,使得该圆的任意一条切线与椭圆恒有两个交点,因为,所以有,
设,
当切线斜率存在时,设该圆的切线方程为,解方程组
得,即,
则△=,即,
所以,
,
要使,需,即,
所以,所以又,所以,
所以,即或,因为直线为圆的一条切线,
所以圆的半径为,,,
所求的圆为,
此时圆的切线都满足或,
而当切线的斜率不存在时,切线为,与椭圆的两个交点为或满足,
综上,存在圆心在原点的圆满足条件.
21.【解析】
(Ⅰ)当时,
当时,单调递减;
当时,单调递增,
综上,的单调递增区间为,单调递减区间为.
(Ⅱ)由题意知:
,在时恒成立,
即在区间上恒成立,
又,在区间上恒成立.
设,,
又令,则
当时,单调递减,
,即在区间恒成立,
所以在区间单调递增,,
(Ⅲ)证明:
又
所以,即证
不妨设,即证:
即证:
,设,即证:
也就是要证:
,其中
事实上:
则
所以在单调递增,因此,即结论成立.
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