山东省诸城市桃林镇桃林初中届中考数学压轴题专项汇编专题16对角互补模型附答案Word格式文档下载.docx

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从而△MCD≌△NCE（ASA），

故CD＝CE．

易证四边形MONC为正方形．

所以OD＋OE＝OD＋ON＋NE＝2ON＝OC．

所以．

方法二：

如图，过C作CF⊥OC，交OB于点F．

易证∠DOC＝∠EFC＝45°

，CO＝CF，∠DCO＝∠ECF．

所以△DCO≌△ECF（ASA）

所以CD＝CE，OD＝FE，

可得OD＋OE＝OF＝．

【拓展】如图，当∠DCE的一边与AO的延长线交于点D时，则：

（2）OE－OD＝OC；

如图，证明同上．

2．全等型之“120”

如图，∠AOB＝2∠DCE＝120°

，OC平分∠AOB，则：

（2）OD＋OE＝OC；

（3）．

证明　方法一：

所以

易证△MCD≌△NCE（ASA），

所以CD＝CE，OD＋OE＝2ON＝OC．

如图，以CO为一边作∠FCO＝60°

，交OB于点F，则△OCF为等边三角形．

易证△DCO≌△ECF（ASA）．

所以CD＝CE，OD＋OE＝OF＝OC，

∴S△OCD＋S△OCE＝S△OCF＝OC2

【拓展】如图，当∠DCE的一边与BO的延长线交于点E时，则：

（2）OD－OE＝OC；

（3）S△OCD－S△OCE＝OC2

3、全等型之“任意角”

如图，∠AOB＝2，∠DCE＝180°

－2，OC平分∠AOB，则：

（2）OD＋OE＝2OC·

cos；

（3）S△ODC＋S△OEC＝OC2·

sincos

证明：

方法一：

如图，过点C分别作CM⊥OA，CN⊥OB，垂足分别为M，N

易证△MCD≌△NCE（ASA）

∴CD＝CE，OD＋OE＝2ON＝2OC·

cos

∴S△ODC＋S△OEC＝2S△ONC＝OC2·

如图，以CO为一边作∠FCO＝180°

－2，交OB于点F．

易证△DCO≌△ECF（ASA）

∴CD＝CE，OD＋OE＝OF＝2OC·

∴S△ODC＋S△OEC＝S△OCF＝OC2·

（2）OD－OE＝2OC·

（3）S△ODC－S△OEC＝OC2·

如图，证明同上

4、相似性之“90°

，∠COB＝，则CE＝CD·

tan

如图，过点C分别作CM⊥OA，CN⊥OB，垂足分别为M、N

易证△MCD∽△NCE，∴，即CE＝CD·

如图，过点C作CF⊥OC，交OB于点F．

易证△DCO∽△ECF，∴，即CE＝CD·

方法三：

如图，连接DE．

易证D、O、E、C四点共圆

∴∠CDE＝∠COE＝，故CE＝CD·

【拓展】如图，当∠DCE的一边与AO的延长线交于点D时，则CE＝CD·

例题讲解

例1、已知△ABC是⊙O的内接三角形，AB＝AC，在∠BAC所对弧BC上任取一点D，连接AD，BD，CD．

（1）如图1，若∠BAC＝120°

，那么BD＋CD与AD之间的数量关系是什么？

（2）如图2，若∠BAC＝，那么BD＋CD与AD之间的数量关系是什么？

解：

（1）BD＋CD＝AD

如图3，过点A分别向∠BDC的两边作垂线，垂足分别为E、F．

由题意可得∠ADB＝∠ADC＝30°

易证△AEB≌△AFC

∴BD＋CD＝2DE＝AD

⑵BD＋CD＝2ADsin．

如图4，作∠EAD＝∠BAC，交DB的延长线于点E．

则△EBA≌△DCA，所以BE＝CD，AE＝AD．

作AF⊥DE于点F，则∠FAD＝．所以BD＋CD＝DE＝2DF＝2ADsin．

例2如图1，将一个直角三角板的直角顶点P放在正方形ABCD的对角线BD上滑动，并使其一条直角边始终经过点A，另一条直角边与BC相交于点F．

⑴求证：

PA＝PE；

⑵如图2，将⑴中的正方形变为矩形，其余不变，且AD＝10，CD＝8，求AP：

PE的值；

⑶如图3，在⑵的条件下，当P滑动到BD的延长线上时，AP：

PE的值是否发生变化？

⑴如图4，过点P分别作PM⊥AB，PN⊥BC，垂足分别为M，N．

则PM＝PN，∠MPN＝90°

，由已知条件可得∠APE＝90°

，所以∠APM＝∠EPN，所以△APM≌△EPN．

故AP＝PE．

⑵如图5，过点P分别作PM⊥AB，PN⊥BC，垂足分别为M，N．则PM∥AD，PN∥CD．

所以△BPM∽△BDA，△BNP∽△BCD．可得，所以．

易证△APM∽△EPN，所以．

⑶AP：

PF的值不变．[如图，理由同⑵]

进阶训练

1．如图，四边形ABCD被对角线BD分为等腰Rt△ABD和Rt△CBD，其中∠BAD和∠BCD都是直角，另一条对角线AC的长度为2，则四边形ABCD的面积为_________．

答案：

四边形ABCD的面积为2．

【提示】易证A、B、C、D四点共圆，则∠BCA＝∠BDA＝∠ABD＝∠ACD，由“全等型之‘90°

’”的结论可得S四边形ABCD＝AC2＝2．

2．在△ABC中，AB＝AC，∠A＝60°

，D是BC边的中点，∠EDF＝120°

，DE与AB边相交于点E，DF与AC边（或AC边的延长线）相交于点F．

⑴如图1，DF与AC边相交于点F，求证：

BE＋CF＝AB；

⑵如图2，将图1中的∠EDF绕点D顺时针旋转一定的角度，使DF与AC边的延长线交于点F，作DN⊥AC于点N，若DN＝FN，求证：

BE＋CF＝（BE－CF）．

略．

【提示】⑴过点D作DG∥AC交AB于点G，证△DEG≌△DFC，从而BE＋CF＝BE＋EG＝BG＝AB．

⑵过点D作DG∥AC交AB于点G，同⑴可得BE－CF＝AB＝DC＝，延长AB至点H，使得BH＝CF，则DH＝DF＝DE，从而BE＋CF＝HE＝DE＝×

DN＝2DN，所以BE＋CF＝（BE－CF）．

3．在菱形ABCD中，两条对角线AC，BD相交于点O，∠MON＋∠BCD＝180°

，∠MON绕点O旋转，射线OM交BC于点E，射线ON交CD于点F，连结EF．

⑴如图1，当∠ABC＝90°

时，△OEF的形状是____；

⑵如图2，当∠ABC＝60°

时，请判断△OEF的形状，并说明理由；

⑶如图3，在⑴的条件下，将∠MON的顶点移动到AO的中点O'

处，∠MO'

N绕点O'

旋转，仍满足∠MO'

N＋∠BCD＝180°

，射线O'

M交直线BC于点E，射线O'

N交直线CD于点F，当BC＝4，且时，求CE的长．

⑴等腰直角三角形；

⑵△OEF是等边三角形；

⑶线段CE的长为3＋3或3－3．

【提示】⑵由“全等型之‘120°

’”的结论可得OE＝OF．⑶两种情况，如图：