Selected1994考研数三真题及解析docWord文档下载推荐.docx
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(5)设是来自正态总体的简单随机样本,是样本均值,记
则服从自由度为的分布的随机变量是()
(C)(D)
三、(本题满分6分)
计算二重积分其中.
四、(本题满分5分)
设函数满足条件求广义积分.
五、(本题满分5分)
已知,求.
六、(本题满分5分)
设函数可导,且,求.
七、(本题满分8分)
已知曲线与曲线在点处有公共切线,求:
(1)常数及切点;
(2)两曲线与轴围成的平面图形绕轴旋转所得旋转体的体积.
八、(本题满分6分)
假设在上连续,在内存在且大于零,记
证明在内单调增加.
九、(本题满分11分)
设线性方程组
(1)证明:
若两两不相等,则此线性方程组无解;
(2)设,且已知是该方程组的两个解,其中
写出此方程组的通解.
十、(本题满分8分)
设有三个线性无关的特征向量,求和应满足的条件.
十一、(本题满分8分)
假设随机变量相互独立,且同分布
求行列式的概率分布.
十二、(本题满分8分)
假设由自动线加工的某种零件的内径(毫米)服从正态分布,内径小于10或大于12的为不合格品,其余为合格品,销售每件合格品获利,销售每件不合格品亏损.已知销售利润(单位:
元)与销售零件的内径有如下关系:
问平均内径取何值时,销售一个零件的平均利润最大?
1994年全国硕士研究生入学统一考试数学三试题解析
一、填空题(本题共5小题,每小题3分,满分15分.)
(1)
【答案】
【解析】利用被积函数的奇偶性,当积分区间关于原点对称,被积函数为奇函数时,积分为
0;
被积函数为偶函数时,可以化为二倍的半区间上的积分.所以知
原式
(2)
【解析】根据导数的定义,有.
所以由此题极限的形式可构造导数定义的形式,从而求得极限值.由于
所以原式.
(3)
【解析】将方程看成关于的恒等式,即看作的函数.
方程两边对求导,得
.
【相关知识点】两函数乘积的求导公式:
(4)
【解析】由分块矩阵求逆的运算性质,有公式,
且
所以,本题对分块后可得.
(5)
【解析】已知随机变量的概率密度,所以概率,求得二项分布的概率参数后,故.
由二项分布的概率计算公式,所求概率为.
【相关知识点】二项分布的概率计算公式:
若,则,,
二、选择题(本题共5小题,每小题3分,满分15分.)
(B)
【解析】本题是关于求渐近线的问题.
由于,
故为该曲线的一条水平渐近线.
又.
故为该曲线的一条垂直渐近线,所以该曲线的渐近线有两条.
故本题应选(B).
【相关知识点】水平渐近线:
若有,则为水平渐近线;
铅直渐近线:
若有,则为铅直渐近线;
斜渐近线:
若有存在且不为,则为斜渐
近线.
(C)
【解析】考查取绝对值后的级数.因
(第一个不等式是由得到的.)
又收敛,收敛,(此为级数:
当时收敛;
当时发散.)
所以收敛,由比较判别法,得收敛.
故原级数绝对收敛,因此选(C).
【解析】由公式,若可逆,则
.
从而,即可逆矩阵与矩阵相乘不改变矩阵的秩,所以选(C).
(D)
【解析】事实上,当时,是事件与独立的充分必要条件,证明如下:
若,则
,
由独立的定义,即得与相互独立.
若与相互独立,直接应用乘法公式可以证明.
由于事件的发生与否不影响事件发生的概率,直观上可以判断和相互独立.
所以本题选(D).
【解析】由于均服从正态分布,根据抽样分布知识与分布的应用模式可知
其中,
即.
因为分布的典型模式是:
设,,且相互独立,则随机变量服从自由度为的分布,记作.
因此应选(B).
【解析】方法1:
由,配完全方得.
令,引入极坐标系,则区域为
故
方法2:
引入坐标轴平移变换:
则在新的直角坐标系中区域变为圆域
而,则有,代入即得
由于区域关于轴对称,被积函数是奇函数,从而.
同理可得,又,
故.
【解析】先解出,此方程为常系数二阶线性齐次方程,用特征方程法求解.
方程的特征方程为,解得.
故原方程的通解为.
由初始条件得
因此,微分方程的特解为.
再求积分即得
【相关知识点】用特征方程法求解常系数二阶线性齐次方程:
首先写出方程的特征方程:
在复数域内解出两个特征根;
分三种情况:
(1)两个不相等的实数根,则通解为
(2)两个相等的实数根,则通解为
(3)一对共轭复根,则通解为
其中为常数.
【解析】由复合函数求导法,首先求,由题设可得
再对求偏导数即得
【相关知识点】多元复合函数求导法则:
如果函数都在点具有对及对的偏导数,函数在对应点具有连续偏导数,则复合函数
在点的两个偏导数存在,且有
;
【解析】运用换元法,令,则
由于为“”型的极限未定式,又分子分母在点处导数都存在,运用洛必达法则,可得
由导数的定义,有原式.
【相关知识点】对积分上限的函数的求导公式:
若,,均一阶可导,则
【解析】利用在两条曲线上及两曲线在处切线斜率相等列出三个方程,由此,可求出,然后利用旋转体体积公式求出.
(1)过曲线上已知点的切线方程为,其中,当存在时,
由知.由知.
由于两曲线在处有公共切线,可见,得.
将分别代入两曲线方程,有.
于是,
从而切点为.
(2)将曲线表成是的函数,是两个旋转体的体积之差,套用旋转体体积公式,可得
旋转体体积为
【相关知识点】由连续曲线、直线及轴所围成的曲边梯形绕轴旋转一周所得的旋转体体积为:
【解析】方法1:
令
由
知在上单调上升,于是.
所以在内单调增加.
方法2:
由拉格朗日中值定理知,.
于是有.
由知在上单调增,从而,故.
于是在内单调增加.
【相关知识点】1.分式求导数公式:
2.拉格朗日中值定理:
如果函数满足在闭区间上连续;
在开区间内可导,那么在内至少有一点,使等式成立.
【解析】
(1)因为增广矩阵的行列式是范德蒙行列式,两两不相等,则有
故.而系数矩阵的秩,所以方程组无解.
(2)当时,方程组同解于
因为,知.
由,知导出组的基础解系含有1个解向量,即解空间的维数为1.
由解的结构和解的性质,
是的基础解系.
于是方程组的通解为,其中为任意常数.
【相关知识点】1.非齐次线性方程组有解的判定定理:
设是矩阵,线性方程组有解的充分必要条件是系数矩阵的秩等于增广矩阵的秩,即.(或者说,可由的列向量线表出,亦等同于与是等价向量组)
设是矩阵,线性方程组,则
(1)有唯一解
(2)有无穷多解
(3)无解
不能由的列向量线表出.
2.解的结构:
若、是对应齐次线性方程组的基础解系,知的通解形式为其中是的基础解系,是的一个特解.
3.解的性质:
如果是的两个解,则其线性组合仍是的解;
如果是的一个解,是的一个解,则仍是的解.
【解析】由的特征方程,按照第二列展开,有
得到的特征值为.
由题设有三个线性无关的特征向量,因此,必有两个线性无关的特征向量,
从而.这样才能保证方程组解空间的维数是2,
即有两个线性无关的解向量.
由初等行变换,将第一行加到第三行上,第一行乘以后加到第二行上有
由,得和必须满足条件.
【解析】记则随机变量和相互独立且同分布,
由与独立可得出,故
由行列式的计算公式,随机变量有三个可能取值:
所求的行列式的概率分布列于下表:
01
0.13440.73120.1344
【解析】依据数学期望的计算公式及一般正态分布的标准化方法,有
此时数学期望依赖于参数,为使其达到最大值,令其一阶导数为0,有
令,得,
解上面的方程得
得到唯一驻点,因为此问题是实际问题,所以平均利润函数必然有最大值,而且这个最大值是唯一的.
由题意知,当毫米时,平均利润最大.