高考重庆理科数学试题及答案word解析版Word下载.docx
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（4）
【2014年重庆，理4，5分】已知向量，且，则实数（）
（A）（B）0（C）3（D）
【答案】C
【解析】由已知，即，故选C．
【点评】本题考查数量积的坐标表达式，是一个基础题，题目主要考查数量积的坐标形式，注意数字的运算不要出错．
（5）
【2014年重庆，理5，5分】执行如题图所示的程序框图，若输出的值为6，则判断框内可填
入的条件是（）
（A）（B）（C）（D）
【解析】由程序框图知：
程序运行的，∵输出的，∴，
∴判断框的条件是，故选C．
【点评】本题考查了当型循环结构的程序框图，根据框图的流程判断程序运行的值是解题的关键．
（6）
【2014年重庆，理6，5分】已知命题对任意，总有；
是的充分不必要条件
则下列命题为真命题的是（）
（A）（B）（C）（D）
【解析】根据指数函数的性质可知，对任意，总有成立，即为真命题，“”是“”的必要不充分条件，即为假命题，则，为真命题，故选D．
【点评】本题主要考查复合命题的真假关系的应用，先判定，的真假是解决本题的关键，比较基础．
（7）
【2014年重庆，理7，5分】某几何体的三视图如下图所示，则该几何体的表面积为
（）
（A）54（B）60（C）66（D）72
【答案】B
【解析】在长方体中构造几何体,如右图所示，，
，经检验该几何体的三视图满足题设条件．
其表面积，故选B．
【点评】本题考查了由三视图求几何体的表面积，根据三视图判断几何体的形状及数据所对应的几何量是解题的关键．
（8）
【2014年重庆，理8，5分】设分别为双曲线的左、右焦点，双曲线上存在一点使得，则该双曲线的离心率为（）
（A）（B）（C）（D）3
【解析】由于，所以，
分解因式得，所以离心率，故选B．
【点评】本题主要考查了双曲线的简单性质，考查了双曲线的第二定义的灵活运用，属于中档题．
（9）
【2014年重庆，理9，5分】某次联欢会要安排3个歌舞类节目、2个小品类节目和1个相声类节目的演出顺序，则同类节目不相邻的排法种数是（）
（A）72（B）120（C）144（D）3
【解析】用表示歌舞类节目，小品类节目，相声类节目，则可以枚举出下列10种排法：
每一种排法中的三个，两个可以交换位置，故总的排法为种，故选B．
【点评】本题考查计数原理的运用，注意分步方法的运用，既要满足题意的要求，还要计算或分类简便．
（10）
【2014年重庆，理10，5分】已知的内角，面积满足所对的边，则下列不等式成立的是（）
（A）（B）（C）（D）
【解析】已知变形为，
展开整理得，
即，
而，
故，故，排除，
因为，所以，故选A．
【点评】本题考查了两角和差化积公式、正弦定理、三角形的面积计算公式、基本不等式等基础知识与基本技能
方法，考查了推理能力和计算能力，属于难题．
二、填空题：
本大题共6小题，考生作答5小题，每小题5分，共25分．把答案填在答题卡的相应位置．
（11）
【2014年重庆，理11，5分】设全集，则
．
【答案】
【解析】∵全集，，，∴，∴．
【点评】本题主要考查集合的表示方法、集合的补集，两个集合的交集的定义和求法，属于基础题．
（12）
【2014年重庆，理12，5分】函数的最小值为．
【解析】因为，设，则：
原式，故最小值为．
【点评】本题考查对数不等式的解法，考查等价转化思想与方程思想的综合应用，考查二次函数的配方法，属于中档题．
（13）
【2014年重庆，理13，5分】已知直线与圆心为的圆相交于两
点，且为等边三角形，则实数．
【解析】易知的边长为，圆心到直线的距离为等边三角形的高，即：
．
【点评】本题主要考查点到直线的距离公式的应用，利用条件求出圆心和半径，结合距离公式是解决本题的关键．
考生注意：
（14）、（15）、（16）三题为选做题，请从中任选两题作答，若三题全做，则按前两题给分．
（14）
【2014年重庆，理14，5分】过圆外一点作圆的切线（为切点），再作割线，分别交圆于，，若，，，则．
【答案】4
【解析】设，由知：
，所以．
【点评】本题考查圆的切线的性质，考查三角形相似的判断，属于基础题．
（15）
【2014年重庆，理15，5分】已知直线的参数方程为（为参数），以坐标原点为极点，正半轴为极轴建立极坐标，曲线的极坐标方程为则直线与曲线的公共点的极径．
【解析】直线的极坐标方程为与联立得：
【点评】本题考查直线l的参数方程、曲线C的极坐标方程，考查学生的计算能力，属于中档题．
（16）
【2014年重庆，理16，5分】若不等式对任意实数恒成立，则实数的取值范围是__．
【解析】转化为左边的最小值，左边，当时取等号，故．
【点评】本题考查绝对值不等式的解法，突出考查一元二次不等式的解法及恒成立问题，属于中档题．
三、解答题：
本大题共6题，共75分．解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程．
（17）
【2014年重庆，理17，13分】已知函数的图像关于直线对称，且图像上相邻两个最高点的距离为．
（1）求和的值；
（2）若，求的值．
解：
（1）由已知，周期，解出，因为，故只有．
（2），由，故，
【点评】本题主要考查由函数的部分图象求函数的解析式，两角和差的三角公式的应用，属于中档题．
（18）
【2014年重庆，理18，13分】一盒中装有9张各写有一个数字的卡片，其中4张卡片上的数字是1，3张卡片上的数字是2，2张卡片上的数字是3，从盒中任取3张卡片．
（1）求所取3张卡片上的数字完全相同的概率；
（2）表示所取3张卡片上的数字的中位数，求的分布列与数学期望（注：
若三个数满足
，则称为这三个数的中位数）．
（1）由古典概型的概率计算公式得所求概率为：
（2）；
；
1
2
3
所以X的分布列为：
所以．
【点评】本题属于中档题，关键是要弄清涉及的基本事件以及所研究的事件是什么才能解答好第一问；
第二问的
只要是准确记住了中位数的概念，应该说完成此题基本没有问题．
（19）
【2014年重庆，理19，13分】如下图，四棱锥，底面是以为中心的菱形，底面，，为上一点，且．
（1）求的长；
（2）求二面角的正弦值．
解法一：
（1）设，则，，
在中由余弦定理，因为，所以为
直角三角形，由勾股定理：
，解出，．
（2）设点到平面的距离为，由体积法知：
，
点到棱的距离为，设所求二面角为，则．
解法二：
（1）连接，，∵底面是以为中心的菱形，底面，故，且，
以为坐标原点，，，方向为，，轴正方向建立空间坐标系，
∵，，∴，，
∴，，，，，，
又∵，∴，则，
设，则，，∵，∴，
解得，即的长为．
（2）由
（1）知，，，设平面的法向量，
平面的法向量为，由，得，令，则，
由，得，令，则，∵平面的法向量和平
面的法向量夹角满足：
，故．
【点评】本题考查的知识点是空间二面角的平面角，建立空间坐标系，将二面角问题转化为向量夹角问题，是解答的关键．
（20）
【2014年重庆，理20，12分】已知函数的导函数为偶函数，且曲线在点处的切线的斜率为．
（1）确定的值；
（2）若，判断的单调性；
（3）若有极值，求的取值范围．
（1），由恒成立知：
，故
另外，联立解出．
（2）当时，，故在定义域上为单调递增．
（3）由
（1）得，而，当且仅当时取等号，
当时，恒成立，故无极值；
当时，令，方程的两根均为
正，即有两个根，，当时，，当时，，
故当，或时，有极值，综上，若有极值，的取值范围为．
【点评】本题考查的知识点是利用导数研究曲线上某点切线方程，利用导数研究函数的单调性，是导数的综合应用，难度中档．
（21）
【2014年重庆，理21，12分】如下图，设椭圆的左右焦点分别为，
点在椭圆上，，，的面积为．
（1）求椭圆的标准方程；
（2）设圆心在轴上的圆与椭圆在轴的上方有两个交点，且圆在这两个交点处的两条切线相互垂直并分
别过不同的焦点，求圆的半径．
（1）设，代入椭圆方程中求出，故，而，
由已知：
，联立解出，
即，联立解出，所以椭圆的标准方程为．
（2）由于所求圆的圆心在轴上，故圆和椭圆的两个交点关于轴对称，从而经过
点所作的切线也关于轴对称，如下图所示．当切线互相垂直时，设两条切线交
于点，则恰好形成一个边长为正方形．其中表示圆的半径，由几何关系
，，，
所以，故所求圆的半径为．
【点评】本题考查直线与圆锥曲线的综合问题，考查化归思想、方程思想分类讨论思想的综合应用，考查综合分析与运算能力，属于难题．
（22）
【2014年重庆，理22，12分】设．
（1）若，求及数列的通项公式；
（2）若，问：
是否存在实数使得对所有成立？
证明你的结论．
（1）∵，，，，；
又，
∴是首项为0，公差为1的等差数列；
∴，∴（）．
（2）设，则，令，即，解得．
下面用数学归纳法证明加强命题．时，，，
∴，成立；
设时结论成立，即，∵在上为减函数，
∴，∴，∴，
∴，∴，即时结论成立，
综上，使得对所有的成立．．
【点评】本题考查数列递推式，考查数列的通项，考查数学归纳法，考查学生分析解决问题的能力，难度大．
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