安徽高考理科数学试题答案解析Word文档格式.doc
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A．充分而不必要条件B．必要而不充分条件
C．充分必要条件D．既不充分也不必要条件
3．如图所示，程序框图（算法流程图）的输出结果是（）
A．34B．55C．78D．89
4．以平面直角坐标系的原点为极点，轴的正半轴为极轴，
建立极坐标系，两种坐标系中取相同的长度单位，已知直
线的参数方程是，（t为参数），圆C的极坐标方程是，则直线被圆C截得的弦长为（）
A．B．C．D．
5．满足约束条件，若取得最大值的最优解不唯一，则实数的值为（）
A．B．C．2或1D．
6．设函数满足，当
时，，则（）
A．B．C．D．
7．一个多面体的三视图如图所示，则该多面体的表面积为（）
7题图
A．B．C．D．
8．从正方体六个面的对角线中任取两条作为一对，其中所成的角为的共有（）
A．24对B．30对C．48对D．60对
9．若函数的最小值为3，则实数的值为（）
A．5或8B．或5C．或D．或8
10．在平面直角坐标系中，已知向量点满。
曲线，区域。
若为两段分离的曲线，则（）
A．B．C．D．
（在此卷上答题无效）
数学（理科）
第Ⅱ卷（非选择题共100分）
请用0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上作答，在试题卷上答题无效.
二．选择题：
本大题共5小题，每小题5分，共25分，把答案填在答题卡的相应位置。
11．若将函数的图像向右平移个单位，所得图像关于轴对称，则的最小正值是________.
12．数列是等差数列，若构成公比为的等比数列，则
________。
13．设是大于1的自然数，的展开式为
。
若点
的位置如图所示，则。
14．设分别是椭圆的左、右焦点，过点的直线交椭圆于两点，若轴，则椭圆的方程为__________。
15．已知两个不相等的非零向量，两组向量和均由2个和3个排列而成。
记，表示所有可能取值中的最小值。
则下列命题的是_________（写出所有正确命题的编号）。
①有5个不同的值。
②若则与无关。
③若则与无关.
④若，则。
⑤若，则与的夹角为
三．解答题：
本大题共6小题，共75分。
解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
解答写在答题卡上的指定区域内。
16．（本小题满分12分）设的内角所对边的长分别是，且
（Ⅰ）求的值；
（Ⅱ）求的值。
17．（本小题满分12分）甲乙两人进行围棋比赛，约定先连胜两局者直接赢得比赛，若赛完5局仍未出现连胜，则判定获胜局数多者赢得比赛，假设每局甲获胜的概率为，乙获胜的概率为，各局比赛结果相互独立。
（Ⅰ）求甲在4局以内（含4局）赢得比赛的概率；
（Ⅱ）记为比赛决出胜负时的总局数，求的分布列和均值（数学期望）。
18．（本小题满分12分）设函数其中。
（Ⅰ）讨论在其定义域上的单调性；
（Ⅱ）当时，求取得最大值和最小值时的的值。
19．（本小题满分13分）如图，已知两条抛物线和，
过原点的两条直线和，与分别交于两点，与分别交于两点。
（Ⅰ）证明：
（Ⅱ）过原点作直线（异于，）与分别交于两点。
记与的面积分别为与,求的值。
20．（本题满分13分）如图，四棱柱中，底面.四边形为梯形，,且.过三点的平面记为，与的交点为。
为的中点；
（Ⅱ）求此四棱柱被平面所分成上下两部分的体积之比；
（Ⅲ）若，，梯形的面积为6，求
平面与底面所成二面角大小。
21．（本小题满分13分）设实数，整数，。
（I）证明：
当且时，；
（II）数列满足，，
证明：
参考答案
1．答案：
C，解析：
2．答案：
B，解析：
，所以“”是“”的必要而不充分条件。
3．答案：
1
2
3
5
8
13
21
34
55
，故运算7次后输出的结果为55。
4．答案：
D，解析：
将直线方程化为一般式为：
，
圆C的标准方程为：
圆C到直线的距离为：
∴弦长。
5．答案：
画出约束条件表示的平面区域如右图，
取得最大值表示直线向上平移移动最大，
表示直线斜率，有两种情况：
或。
6．答案：
A，解析：
7．答案：
如右图，将边长为2的正方体截去两个角，
∴
8．答案：
与正方体一条对角线成的对角线有4条，
∴从正方体六个面的对角线中任取两条作为一对，其中所成的
角为的共有（对）。
9．答案：
（1）当时，，此时；
（2）当时，，此时
在两种情况下，，解得或。
注：
此题也可以由绝对值的几何意义得，从而得或。
10．答案：
设则，
所以曲线C是单位元，区域为圆环（如右图）
∵，∴。
11．答案：
解析：
∴，∴，当时。
12．答案：
∵是等差数列且构成公比为的等比数列，
∴即
令，则有，展开的，即，∴。
13．答案：
，解析：
由图易知
∴，∴，解得。
14．答案：
由题意得通径，∴点B坐标为
将点B坐标带入椭圆方程得，又，解得
∴椭圆方程为。
15．答案：
②④，
S有下列三种情况：
∵，∴，
若，则，与无关，②正确；
若，则，与有关，③错误；
若，则，④正确；
若，则
∴，∴，⑤错误。
16．（本小题满分12分）
（Ⅰ）∵，∴，
由正弦定理得
∵，∴。
（Ⅱ）由余弦定理得，
由于，∴，
故。
17．（本小题满分12分）
用A表示“甲在4局以内（含4局）赢得比赛”，表示“第局甲获胜”，表示“第局乙获胜”，则
（Ⅰ）
（Ⅱ）的可能取值为2,3,4,5
故的分布列为
4
18．（本小题满分12分）
解析：
（Ⅰ）的定义域为，
令得
所以
当或时；
当时
故在和内单调递减，在内单调递增。
（Ⅱ）∵，∴
（1）当时，由（Ⅰ）知在上单调递增
∴在和处分别取得最小值和最大值。
（2）当时，，
由（Ⅰ）知在上单调递增，在上单调递减
∴在处取得最大值
又
∴当时在处取得最小值
当时在和处同时取得最小值
当时，在取得最小值。
19．（本小题满分13分）
（Ⅰ）证：
设直线的方程分别为，则
由得；
由得
同理可得，
故，所以。
（Ⅱ）解：
由（Ⅰ）知，同理可得，
所以，因此
又由（Ⅰ）中的知，故。
20．（本小题满分13分）
∵
从而平面与这两个平面的交线相互平行，即
故与的对应边相互平行，于是
∴，即为的中点。
如图，连接QA，QD。
设，梯形ABCD的高为，
四棱柱被平面所分成上下两部分的体积分别为和，
，则。
，
图1
∴
又，∴
故
（Ⅲ）解法1：
如图1，在中，作，垂足为E，连接
又，且
∴，∴
∴为平面和平面ABCD所成二面角的平面角。
∵，，∴
又∵梯形ABCD的面积为6，DC=2，∴，
于是，,
故平面和底面ABCD所成二面角的大小为。
解法2：
如图2，以D为原点，，分别为轴和轴正方向，建立空间直角坐标系。
设
因为，所以，从而，
设平面的法向量为
又平面ABCD的法向量
21．（本小题满分13分）
用数学归纳法证明
（1）当时，，原不等式成立。
（2）假设时，不等式成立
当时，
所以时，原不等式成立。
综合
（1）
（2）可得当当且时，对一切整数，不等式均成立。
（Ⅱ）证法1：
先用数学归纳法证明。
（1）当时由假设知成立。
由易知
由（Ⅰ）中的结论得
因此，即
所以当时，不等式也成立。
综合
（1）
（2）可得，对一切正整数，不等式均成立。
再由得，即
综上所述，
证法2：
设，则，并且
由此可见，在上单调递增，因而当时。
（1）当时由，即可知
并且，从而
故当时，不等式成立。
（2）假设时，不等式成立，则
当时，即有，
所以当时原不等式也成立。
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