数学理卷届山西省吕梁市高三第一次模拟考试01Word格式.docx
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9.已知点在同一个球的球面上,,,若四面体的体积为,球心恰好在棱上,则这个球的表面积为()
10.为双曲线右焦点,为双曲线上的点,四边形为平行四边形,且四边形的面积为,则双曲线的离心率为()
A.2B.C.D.
11.已知不等式组表示的平面区域恰好被圆所覆盖,则实数的值是()
A.3B.4C.5D.6
12.已知是方程的实根,则关于实数的判断正确的是()
二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)
13.展开式中含项的系数为.(用数字表示)
14.已知,,若向量与共线,则在方向上的投影为.
15.在中,角的对边分别为,,且,的面积为,则的值为.
16.如图所示,点是抛物线的焦点,点分别在抛物线及圆的实线部分上运动,且总是平行于轴,则的周长的取值范围是.
三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
17.设为数列的前项和,且,,.
(1)证明:
数列为等比数列;
(2)求.
18.如图所示的几何体中,底面为菱形,,,与相交于点,四边形为直角梯形,,,,平面底面.
平面平面;
(2)求二面角的余弦值.
19.为了让贫困地区的孩子们过一个温暖的冬天,某校阳光志愿者社团组织“这个冬天不再冷”冬衣募捐活动,共有50名志愿者参与,志愿者的工作内容有两项:
①到各班做宣传,倡议同学们积极捐献冬衣;
②整理、打包募捐上来的衣物,每位志愿者根据自身实际情况,只参与其中的某一项工作,相关统计数据如下表所示:
(1)如果用分层抽样的方法从参与两项工作的志愿者中抽取5人,再从这5人中选2人,那么“至少有1人是参与班级宣传的志愿者”的概率是多少?
(2)若参与班级宣传的志愿者中有12名男生,8名女生,从中选出2名志愿者,用表示所选志愿者中的女生人数,写出随机变量的分布列及其数学期望.
20.已知椭圆的长轴长为6,且椭圆与圆的公共弦长为.
(1)求椭圆的方程;
(2)过点作斜率为的直线与椭圆交于两点,试判断在轴上是否存在点,使得为以为底边的等腰三角形,若存在,求出点的横坐标的取值范围;
若不存在,请说明理由.
21.已知函数.
(1)当时,试求的单调区间;
(2)若在内有极值,试求的取值范围.
请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.
22.选修4-4:
坐标系与参数方程
已知曲线:
,直线(为参数,).
(1)求曲线的直角坐标方程;
(2)设直线与曲线交于两点(在第一象限),当时,求的值.
23.选修4-5:
不等式选讲
已知函数.
(1)求不等式的解集;
(2)若函数的最小值记为,设,且有,试证明:
.
试卷答案
一、选择题:
本题共12个小题,每小题5分
1---5CCAAC6---10CCDDB11-12DC
1.C.
【解析】:
选C.
2.C.
故选C.
3.A.
故选A.
4.A几何概型
5C.【解析】:
由三视图可知:
该几何体是由一个三棱锥和一个圆锥的组成的,故选C.
6.【答案】C.
7.答案C.
由题知A=2,,,再把点代入可得可得,
故选C.
8.D
由函数不是偶函数,排除A、C,当时,为单调递增函数,而外层函数也是增函数,所以在上为增函数。
故选D.
9.D
根据条件可知球心O在侧棱DA中点,从而有AC垂直CD,AD=4,所以球的半径为2,故球的表面积为.
10.B
设,∵四边形为平行四边形,∴,∵四边形的面积为,∴,即,∴,代入双曲线方程得,∵,∴.选B.
11.D
由于圆心在直线上,又由于直线与直线互相垂直其交点为,直线与的交点为.由于可行域恰好被圆所覆盖,及三角形为圆的内接三角形圆的半径为,解得或(舍去).故选D.
12C
方程即为即
令f(x)=xex,则f'
(x)=ex(x+1)>
0,函数f(x)在定义域内单调递增,结合函数的单调性有:
故选C
第Ⅱ卷
13.0
展开式中含项的系数为,含项的系数为,所以
展开式中含项的系数为10-10=0.
14答案【解析】:
由题知,所以投影为
15答案4【解析】:
,由正弦定理cosA=,A=
a=8,由余弦定理可得:
64=b2+c2+bc=(b+c)2-bc,又因为ABC面积=bcsinA=
=bc,bc=16,b+c=4
16.
易知圆的圆心为(2,0),正好是抛物线的焦点,圆与抛物线在第一象限交于点C(2,4),过点A作抛物线准线的垂线,垂足为点D,则AF=AD,则AF+AB=AD+AB=BD,当点B位于圆与x轴的交点(6,0)时,BD取最大值8,由于点B在实线上运动,因此当点B与点C重合时,BD取最小值4,此时A与B重合,由于F、A、B构成三角形,因此4<
BD<
8,所以,8<
BF+BD<
12.
三、解答题:
解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
17.【解析】:
(Ⅰ)因为,
所以,
即,则,
又,
故数列是首项为2,公比为2的等比数列.
(Ⅱ)由
(1)知,
故.
设,
则,
所以,
所以.
18.【解析】:
(Ⅰ)因为底面为菱形,所以,
又平面底面,平面平面,
因此平面,从而.
又,所以平面,
由,,,
可知,,
,,
从而,故.
又,所以平面.
又平面,所以平面平面.
(Ⅱ)取中点,由题可知,所以平面,又在菱形中,,所以分别以,,的方向为,,轴正方向建立空间直角坐标系(如图示),
则,,,,,
所以,,.
由
(1)可知平面,所以平面的法向量可取为.
设平面的法向量为,
则即即令,得,
从而.
故所求的二面角的余弦值为.
19.【解析】:
(Ⅰ)用分层抽样的方法,每个人被抽中的概率是
所以,参与到班级宣传的志愿者被抽中的有人,
参与整理、打包衣物的志愿者被抽中的有人,
故“至少有1人是参与班级宣传的志愿者”的概率是
(Ⅱ)女生志愿者人数
则
∴的分布列为
1
2
∴的数学期望为
20.【解析】:
(Ⅰ)由题意可得,所以.
由椭圆与圆:
的公共弦长为,恰为圆的直径,
可得椭圆经过点,所以,解得.
所以椭圆的方程为.
(Ⅱ)直线的解析式为,设,的中点为.假设存在点,
使得为以为底边的等腰三角形,则.由得,
故,
所以,.
因为,所以,
即,所以.
当时,,所以.
综上所述,在轴上存在满足题目条件的点,且点的横坐标的取值范围为.
21.【解析】:
(Ⅰ)
,
.
当时,对于,恒成立,
所以⇒;
⇒0.
所以单调增区间为,单调减区间为.
(Ⅱ)若在内有极值,则在内有解.
令⇒⇒.
设,
所以,当时,恒成立,
所以单调递减.
又因为,又当时,,
即在上的值域为,
所以当时,有解.
设,则,
所以在单调递减.
因为,,
所以在有唯一解.
所以有:
极小值
所以当时,在内有极值且唯一.
当时,当时,恒成立,单调递增,不成立.
综上,的取值范围为.
22.选修4—4:
坐标系与参数方程
(Ⅰ)由,得,
所以曲线C的直角坐标方程为;
【方法二】:
设,则,,,
,∴.
不等式选讲.(本小题满分10分)
【解析】:
(1)因为
从图可知满足不等式的解集为.
(2)证明:
由图可知函数的最小值为,即.
所以,从而,
从而.
当且仅当时,等号成立,
即,时,有最小值,
所以得证.