完整版宁德市普通高中毕业班第二次质量检查理科答案定稿Word下载.docx
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…………………………2分
所以.…………………………3分
因为,
所以,
得.…………………………5分
当时,,
综上,.…………………………6分
(Ⅱ)依题意,,…………………………7分
所以…………………………8分
…………………………10分
.…………………………12分
18.本小题主要考查空间直线与直线、直线与平面的位置关系及平面与平面所成的角等基础知识,考查空间想象能力、推理论证能力、运算求解能力,考查化归与转化思想等.满分12分.
解法一:
(1)证明:
因为四边形为直角梯形,且,,,
所以,……1分,
又因为,
根据余弦定理得…………………………2分,
所以,故.…………………………3分
又因为,,且,平面,所以平面,………………4分
又因为平面,所以………………5分
(2)由
(1)得平面平面,
设为的中点,连结,因为,
所以,,又平面平面,
平面平面,
平面.…………………………7分
如图,以为原点分别以,和垂直平面的方向为轴正方向,建立空间直角坐标系,
则,,,,,…………8分
假设存在满足要求,设,即,
所以,
易得平面的一个法向量为.…………………………9分
设为平面的一个法向量,,
由得,不妨取.…………………………10分
因为平面与平面所成的锐二面角为,所以,
解得,(不合题意舍去).
故存在点满足条件,且.…………………………12分
解法二:
取线段的中点,连结交于点,连结,
因为,,,
所以四边形为正方形,故,…………………………1分,
且为中点,又为线段的中点,
所以且…………………………3分,
又因为,,且,平面
所以平面,…………………………4分
又因为平面,
所以平面平面…………………………5分
(2)连结,因为,为中点,所以,,
又因为平面,所以,,三线两两互相垂直,…………………………7分
分别以为轴正方向,建立空间直角坐标系
则,,,,,…………………………8分
假设存在满足要求,设,即,
易得平面的一个法向量为.…………………………9分
设为平面ABM的一个法向量,,
.
由得
不妨取.…………………………10分
因为平面与平面所成的锐二面角为,所以
,解得,(不合题意舍去).
19.本小题主要考查频率分布直方图、平均数、独立性检验及数学期望等基础知识,考查运算求解能力、数据处理能力、应用意识,考查分类与整合思想、必然与或然思想、化归与转化思想.满分12分.
(1)
.
估计今年7月份游客人均购买水果的金额为元.…………………………3分
(2)列联表如下:
水果达人
非水果达人
合计
男
10
40
50
女
20
30
70
100
…………………………5分
又,
因此有95%的把握认为“水果达人”与性别有关系.………………7分
(3)若选方案一:
则需付款元;
…………………………8分
若选方案二:
设付款元,则可能取值为,,,.…………………………9分
,,
所以.…………………………11分
所以选择方案二更划算.…………………………12分
20.本题主要考查直线、椭圆、直线与椭圆的位置关系等基础知识,考查运算求解能力、推理论证能力,考查函数与方程思想、化归与转化思想,考查考生分析问题和解决问题的能力,满分12分.
(1)当点的坐标为时,,
所以..………………………………1分
由对称性,,………………………………2分
所以,得..………………………………3分
将点代入椭圆方程中,
解得,
所以椭圆方程为..………………………………5分
(2)当直线的斜率不存在时,,
此时.…………………………6分
当直线的斜率存在时,设直线的方程为.
由消去整理得:
.…………………………7分
显然,
设,
则………………………………8分
故
.………………………………9分
因为,所以,
所以点到直线的距离即为点到直线的距离,…………………………9分
所以
,
所以.
综上,.………………………………12分
(1)设,根据题意,可得
…………………1分
得,解得.
由,得.………………………………3分
所以,又因为,解得,
所以椭圆的方程为.………………………………5分
(2)由
(1)得,设直线的方程为:
,
联立消去得:
,………………………………6分
,设,则
………………………………7分
所以,………………………………8分
因为,所以,所以到直线的距离即为点到直线的距离,
点到直线:
的距离,………………………………9分
所以的面积,………………………………10分
令,则
(当且仅当时取等号).………………………11分
所以的面积取值范围为.………………………………12分
21.本小题主要考查导数的几何意义、导数及其应用、不等式等基础知识,考查推理论证能力、运算求解能力、创新意识等,考查函数与方程思想、化归与转化思想、分类与整合思想、数形结合思想等.满分12分.
(1)解:
当时,.………………………………1分
当时,.………………………………2分
的值域为.………………………………3分
令,
,,
.………………………………4分
又的单调减区间为,增区间为.
设,,且,.
无解.
从而要有两个不同的根,应满足,.………………………………5分
.即.
的最小值为.………………………………6分
(2)有两个零点、且,设,,
,.
对恒成立.………………………………7分
设,.……………………………8分
,恒成立.
当,即时,,
在上单调递增.
成立.……………………………10分
当时,设.由.
,使得.
且当时,,时,.
当时,单调递减,
此时不符合题意.
综上,.……………………………12分
22.选修;
坐标系与参数方程
本小题考查直线和圆的极坐标方程、参数方程等基础知识,考查运算求解能力,考查数形结合思想、化归与转化思想等.满分10分.
(1)由,
得曲线C的普通方程为,……………………………1分
把,代入该式化简得曲线C的极坐标方程为:
.……………………………3分
因为直线:
是过原点且倾斜角为的直线,
所以直线的极坐标方程为:
.……………………………5分
(2)把代入得,故,
把代入得,故,……………………………7分
因为,……………………………8分
所以的面积为.……………………………10分
解法二:
(1)同解法一;
(2)由
(1)及题知可得的直角坐标方程为,
直线的直角坐标方程为,直线的直角坐标方程为.……………………………6分
联立得.
故,,……………………………8分
因为,所以的面积为:
.……………………………10分
23.选修:
不等式选讲
本小题考查绝对值不等式的解法与性质等基础知识,考查运算求解能力、推理论证能力,考查分类与整合思想、化归与转化思想等.满分10分.
(1)因为,所以,
由得:
或或……………………………3分
解得或或,所以不等式的解集为:
.……………………………5分
(2),又,,……………………………6分
所以要证成立,
只需证成立,……………………………7分
即证,
只需证成立,……………………………8分
因为,,所以根据基本不等式
成立,
故命题得证.……………………………10分
(1)因为,
所以……………………………2分
作出函数的图像(如下图)
因为直线和函数图像的交点坐标为,.……………………………4分
所以不等式的解集为:
(2),……………………………6分
又,,
所以,,……………………………8分
故,……………………………9分
所以成立.……………………………10分