届普通高等学校招生全国统一考试模拟测卷五全国Ⅲ卷数学文试题解析Word格式文档下载.docx
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A.
本题考查复数的除法和加法运算,属于基础题.
3.若双曲线的离心率为,则()
A.B.C.2D.3
首先求出,再根据离心率即可求解.
由
所以,解得.
本题考查了双曲线的简单几何性质,需熟记双曲线离心率的计算式子,属于基础题.
4.设等差数列的前项和为,已知,,则等于()
A.50B.56C.60D.64
D
用首项和公差表示出已知条件并解出,再由等差数列前项和公式计算.
设的公差为,则,,所以,,.
D.
本题考查等差数列的通项公式和前项和公式,考查等差数列的基本量运算,属于基础题.
5.若函数是奇函数,定义域为,,则的值是()
根据奇函数定义求解.
由题意,,.
本题考查奇函数的定义,掌握奇函数概念是解题基础.
6.祖暅是我国南北朝时代的伟大科学家,他提出的“幂势既同,则积不容异”称为祖暅原理,利用该原理可以得到柱体的体积公式,其中是柱体的底面积,是柱体的高,锥体的体积公式,其中是锥体的底面积,是锥体的高.一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()
A.B.C.12D.
由三视图还原出原几何体,再根据体积公式计算.
由三视图知原几何体是下面一个直四棱柱,
上面一个四棱锥的组合体,尺寸见三视图,
体积为.
本题考查三视图,考查棱柱棱锥的体积公式,解题关键是由三视图还原出原几何体.
7.已知,,点在圆上,则的面积的最大值是()
A.B.1C.D.2
求出的长度,求出直线方程,再求得圆心到直线的距离,此距离加上圆半径即得圆上的点到直线距离的最大值,从而可得的面积的最大值.
,直线方程为,
原点到直线距离为,圆半径为,
圆上的点到直线距离的最大值为,
∴的面积的最大值是.
本题考查直线与圆的位置关系,考查转化与化归思想.求三角形面积最大值,实质上就是求圆上的点到直线距离的最大值,而这又转化为求圆心到直线的距离.
8.函数的部分图象大致为()
A.B.
C.D.
首先确定函数的奇偶性,排除两个选项,然后函数值与比较大小后可得正确选项.
记,则,是偶函数,排除BC,
又,∴,因此排除D,
本题考查由函数解析式选择函数图象,解题时可通过研究函数的性质,如奇偶性、单调性、对称性,研究特殊的函数值,函数值的大小、正负,变化趋势等等,结合排除法得出正确选项.
9.函数的图象向左平移个单位长度后,得到函数的图象,则()
利用三角函数的平移变换原则:
相对于“左加右减”即可求解.
.
本题考查了三角函数的变换原则,注意左右平移是相对于平移,属于基础题.
10.执行如图所示的程序框图,若输入,则输出的值是()
根据程序框图,得出程序的数学功能,由数列的裂项相消法求得数列和,从而得出结论.
由题意.
本题考查程序框图,考查循环结构,解题时可模拟程序运行,确定程序功能,结合其它数学知识得出结论.
11.在平行四边形中,,,,点在上,,则()
C.1D.2
B
选取为基底,把其它向量用基底表示后计算数量积即可.
,,,,,
B.
本题考查平面向量的数量积,解题关键是选取为基底,用基底表示其它向量.
12.一个圆锥母线长为,侧面积为,则这个圆锥的外接球体积为()
由圆锥侧面积求得圆锥底面半径,从而得圆锥的高,由圆锥的轴截面是其外接球大圆的内接三角形可求得球半径,可得求体积.
设圆锥底面半径为,则,,圆锥高为,∴圆锥的轴截面是等腰直角三角形,直角三角形的斜边就是其外接圆直径,∴球半径为,.
本题考查圆锥的性质,考查球的体积,解题关键是掌握性质,圆锥的轴截面是其外接球大圆的内接三角形.
二、填空题
13.______.
利用诱导公式以及两角差的正弦公式即可求解.
故答案为:
本题考查了诱导公式、两角差的正弦公式,熟记公式是解题的关键,属于基础题.
14.已知变量,满足约束条件,则的最大值为______.
作出可行域,作出目标函数对应的直线,平移该直线可得最优解.
作出可行域,如图四边形内部(含边界),作直线,
向上平移直线,当过点时,取得最大值,
由,解得,即,
取得最大值.
本题考查简单的线性规划,作出可行域是解题关键.
15.若函数有两个零点,则实数的取值范围是______.
利用等价转化,函数的零点转化为方程的根,进一步转化为与的图象的交点,数形结合即可求解.
由题意知函数有两个零点,
即方程有两个根,
即有两个根,
即与的图象有两个交点,
作出与的图象,如图:
所以,,或.
本题考查了根据函数的零点个数求参数的取值范围,解题的关键是作出函数图像,考查了转化与化归的思想、数形结合的思想,属于中档题.
16.设等差数列中,,,数列的前项和为,则满足的最小的值为______.
8
先求出,再用错位相减法求出和,然后解不等式可得.
由题意,,
相减得,
∴,是递增的,,.
∴满足的最小值.
8.
本题考查等差数列的通项公式,考查错位相减法求数列的和,在数列求和中要注意一些特殊的求和方法:
错位相减法,裂项相消法,分组(并项)求和法,倒序相加法等等.
三、解答题
17.在中,内角,,的对边分别为,,,若.
(1)求的值;
(2)若的面积为,,求.
(1);
(2)7.
(1)用正弦定理化边为角后可求得角;
(2)由三角形面积公式求得,再由余弦定理可得.
(1)由正弦定理及得,
所以在中,.
(2)由的面积为知,所以,
又,
由余弦定理得,.
本题考查正弦定理、余弦定理,考查三角形面积公式,在三角形中已知边角关系时常常用正弦定理进行边角间的转换.
18.已知口袋里装有4个大小相同的小球,其中两个标有数字1,两个标有数字2.
(1)从口袋里任意取一球,求取到标有数字2的球的概率;
(2)第一次从口袋里任意取一球,放回口袋里后第二次再任意取一球,记第一次与第二次取到小球上的数字之和为.当为何值时,其发生的概率最大?
说明理由.
(2)数字和为3时概率最大,理由详见解析.
(1)利用古典概型的概率计算公式即可求解.
(2)设标号为1的球为,,标号为2的球为,,采用列举法求出所有基本事件个数,然后分别求出数字和为2、3、4的基本事件个数,利用古典概型的概率计算公式求出各自的概率即可求解.
(1)4个球中标有数字2的球有2个,故所求概率为,
(2)设标号为1的球为,,标号为2的球为,.
所有基本事件包括:
,,,,,,
,,,,共16种.
设事件表示数字和为2,
包括:
,,,,共4种,
故有.
设事件表示数字和为3,
,,,共8种,.
设事件表示数字和为4,
故.
数字和为3时概率最大.
本题考查了古典概型的概率计算公式、列举法求基本事件个数,属于基础题.
19.如图,四棱锥的底面是边长为2的正方形,平面,,分别是棱,的中点.
(1)求证:
平面;
(2)若,求平面将三棱锥分成的两部分的体积中较大部分的体积.
(1)详见解析;
(2).
(1)连接,交于点,连接,,证出,从而可得平面,再证出平面,利用面面平行的判定定理可得平面平面,由面面平行的性质定理即可证出.
(2)连接交于点,可得,进而可得,求出三棱锥的体积以及三棱锥的体积,二者体积作差即可求解.
(1)连接,交于点,连接,.
因为,分别是棱,的中点,所以,
又因为平面,平面,所以平面.
同理,平面.
因为,所以平面平面,
因为平面,所以平面.
(2)连接交于点,则,
平面,,是中点,
到平面的距离为,
三棱锥的体积为,
又三棱锥的体积为,
即,较大部分的体积为.
本题考查了面面平行的判定定理、面面平行的性质定理以及三棱锥的体积公式,考查了学生的推理能力,属于基础题.
20.已知函数,.
(1)当时,求的单调区间;
(2)当时,若恒成立,求实数的取值范围.
(1)单调减区间为,单调增区间为;
(1)将代入表达式,求出,令,解不等式即可求解.
(2)根据题意不等式转化为恒成立,令,利用导数求出在上为增函数,即,从而可得.
(1)函数的定义域为,
当时,,
则,
由得,由得.
的单调减区间为,单调增区间为.
(2)对任意的,恒成立,
即对任意的,恒成立.
令,,
再令,,
则.
在上为减函数,
从而,在上为增函数,
的取值范围为.
本题考查了利用导数研究函数的单调性、利用导数研究不等式恒成立问题,考查了分离参数法,属于难题.
21.已知椭圆:
的离心率为,且点在椭圆上.
(1)求椭圆的标准方程;
(2)过点的直线与椭圆交于,两点,在直线上存在点,使三角形为正三角形,求的最大值.
(2).
(1)由离心率得,再把已知点的坐标代入椭圆方程,结合可解得,得椭圆方程;
(2)设直线方程为,与联立方程组,消去,设,,由韦达定理得.设线段的中点为,得直线方程,求出点坐标(此结论对也适用),是等边三角形等价于,由此可把用表示,设换元后,可利用基本不等式求得最值.
(1)设,则,,所以,,
由点在椭圆上得,
,,所以椭圆的方程为.
(2)显然,直线的斜率存在,设其方程为,
与联立方程组,消去,并化简得.
设,,则,.
设线段的中点为,则直线:
,令,
又,得点的坐标为,显然当时也符合,
所以.
又因为,
由三角形为正三角形得,
所以两边平方可得
,得.
令,则,当且仅当,即时等号成立,此时,所以的最大值为.
本题考查求椭圆的标准方程,考查直线与椭圆的位置关系.直线与椭圆相交问题常常采用设而不求思想,即设交点坐标为,设直线方程,直线方程与椭圆方程联立消元后应用韦达定理得,然后把和整体代入其他条件求解,如弦长为,这样建立了参数间的关系.本题对学生的运算求解能力,分析问题解决问题的能力,转化与化归思想的掌握要求较高,属于难题.
22.在平面直角坐标系中,曲线的参数方程为(为参数).以直角坐标系的原点为极点