广西省桂林中学学年高一上学期期中考试数学试题Word文档格式.docx

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D.

5.已知镭经过每100年剩留原来质量的95.76%,设质量为1千克的镭经过x年剩留量为y千克,则y与x的函数关系是()

(A)

.(B)

(C)

.(D)

6.若函数

为奇函数,且当

的值是()

B.

D.

7.二次函数

的值域为()

A.

B.

C.

D.

8.函数

的定义域为()

B.

C.

D.

9.三个数

之间的大小关系为()

A.a<c<b B.a<b<c 

C.b<a<c D.b<c<a

10.定义在

上的偶函数

满足:

对任意的

,有

,则()

B.

C.

D.

11、已知

上的减函数,那么

的取值范围是()

(B)

(C)

(D)

12、设

,实数

满足

,则该函数的图像是()

第II卷(共90分)

二、填空题:

本大题共4小题,每小题5分,共20分.请将答案填写到答题卡的相应位置.

13.已知幂函数

的图象过点

.

14.已知函数

,则

.

15.函数

的反函数是

16.设函数

=.

三、解答题:

本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤,请将解答过程填写在答题卡的相应位置.

17.(本小题满分10分) 计算化简下列各式

(1

 

(2)

18.(本题满分12分)

已知集合

全集U=R.

(1)求A∩M;

(2)若B∪(CUM)=R,求实数b的取值范围.

19.(本小题满分12分)

函数

的图象如右图所示.

(1)求

的值;

(2)若

,求

的值.

销售单价/元

6

7

8

9

10

11

12

日均销售量/桶

480

440

400

360

320

280

240

21.(本小题满分12分)已知函数

.

(Ⅰ)判断函数

的奇偶性,并证明;

(Ⅱ)利用函数单调性的定义证明:

是其定义域上的增函数.

22.(本小题满分12分)定义在R上的函数

,满足当

时,

>

1,且对任意的

(1)求

(2)求证:

对任意

,都有

0;

(3)解不等式

班级学号姓名

桂林中学2014—2015学年度上学期期中质量检测

高一年级数学答题卡

一.选择题:

本大题共12小题,每小题5分,共60分.

题号

1

2

3

4

5

答案

本大题共4小题,每小题5分,共20分.

13. 14.  

15.   16.  

三.解答题(本大题共6小题,共70分).

17.(本小题满分10分)

(1)

(2)

18.(本小题满分12分)

19.(本小题满分12分)

20.(本小题满分12分)

21.(本小题满分12分)

22.(本小题满分12分)

桂林中学2014—2015学年度上学期高一期中考试试卷

数学答案

期中考试数学答案

B

D

C

A

13.314.

15.

16.

17.(本小题满分10分) 计算化简下列各式

答案:

-1

解:

(1)因为集合A={x|﹣3

x≤6},M={x|﹣4≤x

5},

所以A∩M={x|﹣3

x≤6}∩{x|﹣4≤x

5}

={x|﹣3

x

5}.…………………..5分

(2)因为M={x|﹣4≤x

5},所以CUM={x|x

﹣4或x≥5},………..8分

又B={x|b﹣3

b+7},B∪(CUM)=R,

,解得

.……………..10分

所以实数b的取值范围是

即实数b的取值范围是

……………..12分

(1)当

根据图像

,所以

.…………2分

根据图像,

,即

=2,

.…………4分

.……………6分

(2)由

(1)知,

……………………7分

时,由

解得

.……………………9分

.……………………11分

综上所述,

的值为

.……………………12分

解.

(1)

为奇函数.………1分

的定义域为

,………2分

为奇函数.………6分

任取

,设

………9分

在其定义域R上是增函数.………12分

22.(本小题满分12分)定义在R上的函数f(x),满足当x>

0时,f(x)>

1,且对任意的x,y∈R,

有f(x+y)=f(x)·

f(y),f

(1)=2

(1)求f(0)的值;

对任意x∈R,都有f(x)>

(3)解不等式f(3-2x)>

4.

22.

(1)对任意x,y∈R,f(x+y)=f(x)·

f(y).令x=y=0,得f(0)=f(0)·

f(0),即f(0)·

[f(0)-1]=0.

令y=0,得f(x)=f(x)·

f(0),对任意x∈R成立,所以f(0)≠0,因此f(0)=1.

(2)证明:

对任意x∈R,有f(x)=f(

)=f(

)·

f(

)=[f(

)]2≥0.假设存在x0∈R,使f(x0)=0,

则对任意x>

0,有f(x)=f[(x-x0)+x0]=f(x-x0)·

f(x0)=0.这与已知x>

1矛盾.

所以,对任意x∈R,均有f(x)>

0成立.

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