2．据媒体报道,嫦娥一号卫星环月工作轨道为圆轨道,轨道高度200km,运行周期127分钟.若还知道引力常量和月球平均半径,仅应用以上前提不能求出的是（）
A．月球表面的重力加快度B．月球对卫星的吸引力
C．卫星绕月球运行的速度D．卫星绕月运行的加快度
3．下图所示是某种型号的电热毯的电路图,电热毯接在交变电源上,经由过程装配P使加在电热丝上的电压的波形如右图所示.此时接在电热丝两头的交换电压表的读数为（）
A．110VB．156VC．220VD．311V
4．下列说法中准确的是（）
A．气体的温度升高时,分子的热活动变得激烈,分子的平均动能增大,撞击器壁时对器壁的感化力增大,从而气体的压强必定增大
B．气体体积变小时,单位体积的分子数增多,单位时光内打到器壁单位面积上的分子数增多,从而气体的压强必定增大
C．紧缩必定量的气体,气体的内能必定增长
D．分子a从远外趋近固定不动的分子b,当a到达受b的感化力为零处时,a的动能必定最大
5．如右图,某同窗将空的薄金属筒启齿向下压入水中.设水温平均且恒定,筒内空气无泄露,不计气体分子间互相感化,则被吞没的金属筒在迟缓降低进程中,筒内空气体积减小,（）
A．从外界吸热B．内能增大
C．向外界放热D．内能减小
6．一幻想变压器原.副线圈匝数比n1∶n2=11∶5.原线圈与正弦交变电源衔接,输入电压u如图所示.副线圈仅接入一个10Ω的电阻.则（）
A．流过电阻的电流是20A
B．与电阻并联的电压表的示数是100V
C．经由1分钟电阻发出的热量是6×103J
D．变压器的输入功率是1×103W
7．一个质子和一个中子聚变联合成一个氘核,同时辐射一个γ光子.已知质子.中子.氘核的质量分离为m1.m2.m3,普朗克常量为h,真空中的光速为c.下列说法准确的是（）
A．核反响方程是
B．聚变反响中的质量吃亏Δm=m1+m2-m3
C．辐射出的γ光子的能量E=（m3-m1-m2）c
D．γ光子的波长λ=
8．如右图所示,a.b.c是在地球大气层外圆形轨道上活动的3颗卫星,下列说法准确的是（）
A．b.c的线速度大小相等,且大于a的线速度
B．b.c的向心加快度大小相等,且大于a的向心加快度
C．c加快可追上统一轨道上的b,b减速可等候统一轨道上的c
D．a卫星因为某原因,轨道半径迟缓减小,其线速度将增大
二.不定项选择题（本题共6个小题,每小题4分,共24分.每小题至少有一个选项相符题意,全体选对得4分,选对但选不全的得2分,错选或不答的得0分）
9．据新华社报道,由我国自行设计.研制的世界第一套全超导核聚变试验装配（又称“人造太阳”）已完成了初次工程调试.下列关于“人造太阳”的说法准确的是（）
A．“人造太阳”的核反响方程是
B．“人造太阳”的核反响方程是
C．“人造太阳”释放的能量大小的盘算公式是ΔE=Δmc2
D．“人造太阳”核能大小的盘算公式是E=
mc2
10．右图中实线是一簇未标明偏向的由点电荷产生的电场线,虚线是某一带电粒子经由过程该电场区域时的活动轨迹,a.b是轨迹上的两点.若带电粒子在活动中只受电场力感化,根据此图可作出准确断定的是（）
A．带电粒子所带电荷的符号
B．带电粒子在a.b两点的受力偏向
C．带电粒子在a.b两点的速度何处较大
D．带电粒子在a.b两点的电势能何处较大
11．如图所示,半径为r且程度放置的滑腻绝缘的环形管道内,有一个电荷量为e,质量为m的电子.此装配放在匀强磁场中,其磁感应强度随时光变化的关系式为B=B0+kt（k>0）.根据麦克斯韦电磁场理论,平均变化的磁场将产生稳固的电场,该感应电场对电子将有沿圆环切线偏向的感化力,使其得到加快.设t=0时刻电子的初速度大小为v0,偏向顺时针,从此开端后活动一周后的磁感应强度为B1,则此时电子的速度大小为（）
A．
B．
C．
D．
12．如图为病院为病人输液的部分装配,图中A为输液瓶,B为滴壶,C为进气管,与大气相通.则在输液进程中（瓶A中另有液体）,下列说法准确的是：
①瓶A中上方气体的压强随液面的降低而增大;②瓶A中液面降低,但A中上方气体的压强不变;③滴壶B中的气体压强随A中液面的降低而减小;④在瓶中药液输完以前,滴壶B中的气体压强保持不变（）
A．①③B．①④C．②③D．②④
13．根据不雅察,在土星外层有一个环,为了断定环是土星的持续物照样小卫星群.可测出环中各层的线速度V与该层到土星中间的距离R之间的关系.下列断定准确的是（）
A．若V与R成正比,则环为持续物
B．若V2与R成正比,则环为小卫星群
C．若V与R成反比,则环为持续物
D．若V2与R成反比,则环为小卫星群
14．质量为1500kg的汽车在平直的公路上活动,v-t图像如图所示.由此可求（）
A．前25s内汽车的平均速度
B．前10s内汽车的加快度
C．前10s内汽车所受的阻力
D．15～25s内合外力对汽车所做的功
第Ⅱ卷（非选择题共92分）
三.试验探讨题（本题共3小题,共23分.请把答案填在响应的横线上或按标题请求作答）
15．（5分）如图所示为某同窗在“测定小车活动的加快度”试验中,一次试验取得的纸带记载,已知电源的频率为50Hz,图中所标的是每隔5个打点距离所取的计数点,若A.B.E.F分离为第一.第二.第五.第六个计数点（第三.四个计数点图中未画出）,则小车活动的加快度大小为a＝m/s2.
16．（8分）为了测定一个“6V,1W”的灯泡在不同电压下的电功率,现有器材如下：
直流电源
电动势6V
内阻不计
直流电流表A1
量程200mA
内阻约2Ω
直流电流表A2
0~0．6A
内阻约0．5Ω
直流电压表V1
0~3V
内阻约5×103Ω
直流电压表V2
0~15V
内阻约1．5×104Ω
滑线变阻器
电阻值0~15Ω
额定电流1A
开关一个
导线若干根
测量时请求电灯两头电压从0V开端持续调节,尽量减小误差,测多组数据.应选择电流表（用序号表示）,电压表;在图a所示的虚线框内画出测量的电路图.
17．（10分）试验室有下列器材：
A．电流表（0~100μA,100Ω）
B．电流表（0~1mA,1kΩ）
C．变阻器（0~300Ω）
D．变阻器（0~800Ω）
E．干电池（1．5V,内阻不计）
F．干电池（9V,内阻不计）
现要安装一只欧姆表,从上述备用器材中,电流表应选用,变阻器应选用,电源应选用.
在右上角图b方框中画出欧姆表的电路图并标出红黑表笔.
四.盘算题（本题共4小题,共59分.解答应写出必要的文字解释.方程式和主要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分.稀有值盘算的题答案中必须明白写出数值和单位）
18．（13分）质量为m边长为l的正方体木块浮在深广镇静的水面上,如图所示,木块密度是水的密度的一半.如今木块正上方施加一竖直向下的压力F,使木块迟缓下移,直至木块上表面刚好与水面相平.在此进程中
（1）求水增长的机械能.
（2）导出压力F与木块下移的位移x的关系式F=F（x）.
（3）作出F=F（x）的图像,并应用图像求出压力所做的功.
（4）定量解释能量的转化情形.
19．（10分）某种液体的折射率为2,在其液面下有一可绕O轴匀速迁移转变的平面镜OR,OR的初始地位与液面平行,如图所示.在液面与平面镜间充满自左向右的平行光线.若在平面镜逆时针扭转一周的进程中,光线射入空气中的时光为2s.试问：
（1）平面镜由初始地位转过多大角度时,光线开端进入空气？
（2）平面镜扭转的角速度多大？
20．（18分）如图所示,滑腻程度面右端B处衔接一个竖直的半径为R的滑腻半圆轨道,在离B距离为x的A点,用程度恒力将质量为m的质点从静止开端推到B处后撤去恒力,质点沿半圆轨道活动到C处后又正好落回A点,求：
（1）推力对小球所做的功.
（2）x取何值时,能使质点m从B活动到C所做的功起码?
最小功为若干？
（3）x取何值时,能使质点m从B活动到C所用力最小?
最小力为若干？
21．（18分）如图所示,在真空区域内,有宽度为L的匀强磁场,磁感应强度为B,磁场偏向垂直纸面向里,MN.PQ是磁场的边界,质量为m,带电为－q的粒子,先后两次沿着与MN夹角为θ（0＜θ＜９０°）的偏向垂直磁感线射入匀强磁场B中.第一次,粒子是经电压U1加快后射入磁场,粒子刚好没能从PQ边界射出磁场;第二次粒子是经电压U2加快后射入磁场,粒子刚好垂直PQ射出磁场.（不计重力影响）求：
（1）为使粒子经电压U2加快射入磁场后沿直线经由磁场,可在磁场区域加一匀强电场,求该电场的场壮大小和偏向.
（2）加快电压
的值.
五.教授教养技巧（10分）
22．浅谈创新教授教养的教室教授教养策略.
教师雇用测验模仿考卷［中学物理科目］
第一部分物理教导理论与实践
简答题
【参考答案】
（1）不雅察.收集.查询拜访.参与.参加.参不雅.查阅.阅历.体验.感触感染.尝试.交换.评论辩论.领会.存眷.留意.关怀.乐于.勇于.敢于.成长.保持.树立.形成.养成.具有.融会.领会.思虑等等;
（2）“活动建议”中的行动动词“查阅”.“制造”.“研讨”.“领会”.“设计”等对教师实行教授教养提出了操作性建议,对教授教养进程的设计有主要的指点意义;同时表现了转变过火重视常识传承的偏向和单一的接收性进修方法的思惟,表现了高中物理新课程实行的“重视自立进修,倡导教授教养方法多样化”的理念.
第二部分物理专业基本常识
一.单项选择题
1．B【解析】由图可知,b光线经由三棱镜后的偏折角较小,是以折射率较小,是红光.
2．B【解析】略
3．B【解析】从u-t图象看出,每个周期的前半周期是正弦图形,其有用值为220V;后半周期电压为零.根据有用值的界说,
得U=156V,选B.
4．D【解析】从微不雅上看,压强取决于分子密度和分子活动的激烈程度.A选项中,分子密度的变化未知,而B选项中,分子活动激烈程度的变化未知,故两种情形下都无法断定压强的变化.在C选项中,紧缩气体,外界对气体做功,但不知气体的吸热与放热忱形,由热力学第必定律知,其内能不必定增长,在D选项中,若两分子感化力为零时,其距离为r0,当其距离r>r0时,分子力表现为引力,当其距离r【提醒】本题涉及了气体压强的微不雅解释.热力学第必定律和分子间的互相感化力,涉及的常识点固然较多,但多为基本常识,重视考核考生对基本常识的懂得和控制程度.
5．C【解析】薄金属筒可以传导热量,水温平均且恒定,是以在迟缓降低进程中,筒内温度保持不变,因为不斟酌气体分子间的互相感化,因而内能不变;体积减小,外界对空气做功,根据△E＝Q＋W可推知,气体必须对外界放热.故选C.
【提醒】本题考核了热力学第必定律.内能的概念,考核了考生对根本概念和根本纪律的控制程度.
6．D【解析】略
7．B【解析】略
8．D【解析】错解：
c加快可追上b,错选C.
剖析纠错：
因为b.c在统一轨道上运行,故其线速度大小.加快度大小均相等.又b.c轨道半径大于a的轨道半径,由V=
知,vb=vc当c加快时,c受到的万有引力Fmv2/r,故它将偏离原轨道做向心活动.所以无论若何c也追不上b,b也等不到c,故C选项错.对这一选项,不能用V=
来剖析b.c轨道半径的变化情形.
对a卫星,当它的轨道半径迟缓减小时,在迁移转变一段较短时光内,可近似以为它的轨道半径未变,视为稳固运行,由V=
知,r减小时V逐渐增大,故D选项准确.
二.不定项选择题
9．AC【解析】释放的能量大小用爱因斯坦的质能方程ΔE=Δmc2盘算.有的考生不能区决裂变和聚变,得出错误的答案B.属于轻易题.
【提醒】本题以“人造太阳”为背景立意命题,考核了考生应用所学常识剖析.推理物理
10．BCD【解析】因为不清晰电场线的偏向,所以在只知道粒子在a.b间受力情形是不可能断定其带电情形的.而根据带电粒子做曲线活动的前提可剖断,在a.b两点所受到的电场力的偏向都应在电场线上并大致向左.若粒子在电场中从a向b点活动,故在不间断的电场力感化下,动能不断减小,电势能不断增大.故选项B.C.D准确.
11．AB【解析】感应电动势为E=kπr2,电场偏向逆时针,电场力对电子做正功.在迁移转变一圈进程中对电子用动能定理：
B准确;由半径公式知,A也准确,答案为AB.
12．B【解析】进气管C端的压强始终是大气压p0,设输液瓶A内的压强为pA,可以得到pA=p0-ρgh,是以pA将跟着h的减小而增大.滴壶B的上液面与进气管C端的高度差不受输液瓶A内液面变化的影响,是以压强不变.选B.
13．AD【解析】错解：
选BD.
剖析纠错：
持续物是指和天体连在一路的物体,其角速度和天体雷同,其线速度V与r成正比.而对卫星来讲,其线速度V=
即V与r的平方根成反比.由上面剖析可知,持续物线速度V与R成正比;小卫星群与R成反比.故选A.D.
14．AD【解析】略
三.试验探讨题
15．0．84
16．A1;V2图（如左下图所示）
17．B;D;E图（如右上图所示）
四.盘算题
18．【解析】
（1）设水的密度为ρ,木块本来浮在水面上时浸在水下的高度为h,根据均衡前提有mg=ρgl2h而m=ρl3/2解得h=l/2是以,当木块移到上表面刚好与水面相日常平凡,水增长的机械能等于将体积为正方体木块一半的“水块”中的水（图1中暗影部分）全体移到水面时水增长的重力势能.是以水增长的机械能ΔEp水=3mgl/4
（2）因为木块是迟缓移动,故可以以为木块始终处于均衡状况,依题意压力等于木块下移时浮力的增量,于是F=ρgl2x=2mgx/l（0≤x≤l/2）
（3）F=F（x）图像如图所示.压力F所做的功图线与坐标轴所围面积,即W=mgl/4
（4）在全部进程中,木块削减的机械能为
ΔEp木=mgl/2压力F做功消费的能量为mgl/4,这两部分能量一路转化为水的机械能ΔEp水=3mgl/4,而W＋ΔEp木=ΔEp水,解释在这个进程中能量是守恒的.
19．【解析】
（1）设临界角为C,则sinC=
所以C=45°
根据反射定律及几何常识,平面镜转过α1=
=22．5°时光线开端进入空气
（2）当平面镜转过67．5°时,光线又产生全反射,不能进入空气,所以平面镜转过22．5°～67．5°间光线能进入空气.
平面镜迁移转变的角速度ω＝
rad/s
20．【解析】
（1）质点从半圆弧轨道做平抛活动又回到A点,设质点在C点的速度为vC,质点从C点活动到A点所用的时光为t,在程度偏向
x=vct①
竖直偏向上2R=
②
解①②式有
③（2分）
对证点从A到C由动能定理有
解
④
（2）要使F力做功起码,肯定x的取值,由
知,只要质点在C点速度最小,则功WF就最小,就是物理极值.
若质点正好能经由过程C点,其在C点最小速度为v,由牛顿第二定律有
mg=
则v=
⑤
由③⑤式有
解得x=2R时,
WF最小,最小的功
（3）由④式
而F=
因
＞0,x＞0,由极值不等式有：
当
时,即x=4R时
=8,
最小的力F=mg.
21．【解析】
（1）经电压U2加快后粒子射入磁场,粒子刚好垂直PQ射出磁场,可肯定粒子在磁场中做匀速圆周活动的圆心在PQ边界限的Q点,半径R2与磁场宽L间有
R2=
由R2=
解出v2=
加匀强电场E后粒子在磁场中沿直线射出PQ边界的前提：
Eq=Bqv2
Eq的偏向与Bqv2相反.
可得出E=B2qL/mcosθ
E的偏向垂直磁场偏向,斜向下与磁场边界限夹角为α=90°-θ
如下图所示.
（2）经电压U1加快后粒子射入磁场刚好不能从PQ边界射出磁场,表明粒子在磁场中做匀速圆周活动的轨迹与PQ边界相切,可肯定粒子做匀速圆周活动的圆心O的地位,圆半径R1与L的关系有：
L=R1+R1·cosθR1=
由R1=
解出v1=
因为U1q=
U2q=
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