全国中考几何压轴题精选教师版.docx
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全国中考几何压轴题精选教师版
例1:
25(2015.重庆)如图1,在△ABC中,∠ACB=90°,∠BAC=60°,点E角平分线上一点,过点E作AE的垂线,过点A作AB的线段,两垂线交于点D,连接DB,点F是BD的中点,DH⊥AC,垂足为H,连接EF,HF。
(1)如图1,若点H是AC的中点,AC=2
,求AB,BD的长。
(2)如图1,求证:
HF=EF。
(3)如图2,连接CF,CE,猜想:
△CEF是否是等边三角形?
若是,请证明;若不是,请说明理由。
解:
(1)∵∠ACB=90°,∠BAC=60°,
∴∠ABC=30°,
∴AB=2AC=2×23=43,∵AD⊥AB,∠CAB=60°,
∴∠DAC=30°,
∵AH=12AC=3,
∴AD=AHcos30°=233,
∴BD=AB2+AD2=213;
(2)如图1,连接AF,
∵AE是∠BAC角平分线,
∴∠HAEBA)-60°=30°-∠FBA,
∴∠EAF=∠FDH,
在△DHF与△AEF中,
DH=AE∠HDF=∠EAHDF=AF,∴△DHF≌△AEF,
∴HF=EF;
(3)如图2,取AB的中点M,连接CM,FM,
在Rt△ADE中,AD=2AE,
∵DF=BF,AM=BM,
∴AD=2FM,
∴FM=AE,E=30°,
∴∠ADE=∠DAH=30°,
在△DAE与△ADH中,
∠AHD=∠DEA=90°∠ADE=∠DAHAD=AD,∴△DAE≌△ADH,
∴DH=AE,
∵点F是BD的中点,
∴DF=AF,
∵∠EAF=∠EAB-∠FAB=30°-∠FAB
∠FDH=∠FDA-∠HDA=∠FDA-60°=(90°-∠Fbr>∵∠ABC=30°,
∴AC=CM=12AB=AM,
∵∠CAE=12∠CAB=30°∠CMF=∠AMF-∠AMC=30°,在△ACE与△MCF中,
AC=CM∠CAE=∠CMFAE=MF,∴△ACE≌△MCF,
∴CE=CF,∠ACE=∠MCF,
∵∠ACM=60°,
∴∠ECF=60°,
∴△CEF是等边三角形.
例2:
27(2015.成都)已知,ACEC分别为四边形ABCD和EFCG的对角线,点E在△ABC内,∠CAE+∠CBE=90°。
(1)如图①,当四边形ABCD和EFCG均为正方形时,连接BF。
1)求证:
△CAED△CBF;
2)若BE=1,AE=2,求CE的长。
(2)如图②,当四边形ABCD和EFCG均为矩形,且AB/BC=EF/FC时,若BE=1,AE=2,CE=3,求k的值;
(3)如图③,当四边形ABCD和EFCG均为菱形,且∠DAB=∠GEF=45°时,设,,BE=m,AE=n,CE=p,试探究,,m、n、p三者之间满足的等量关系。
(直接写出结果,不必写出解答过程)
(1)(i)证明:
∵四边形ABCD和EFCG均为正方形,
(2)∴ACBC=CECF=2,∴∠ACB=∠ECF=45°,
(3)∴∠ACE=∠BCF,
(4)在△CAE和△CBF中,
(5)ACBC=CECF=2∠ACE=∠BCF,∴△CAE∽△CBF.
(6)(ii)解:
∵△CAE∽△CBF,
(7)∴∠CAE=∠△CBF,AEBF=ACBC,又∵∠CAE+∠CBE=90°,
(8)∴∠CBF+∠CBE=90°,
(9)∴∠EBF=90°,
(10)又∵AEBF=ACBC=2,AE=2
(11)∴2BF=2,
(12)∴BF=2,
(13)∴EF2=BE2+BF2=12+
(2)2=3,
(14)∴EFF,∠CAE+∠CBE=90°,
(15)∴∠CBE+∠CBF=90°,
(16)∴∠EBF=90°,
(17)∴EF2=BE2+BF2=1+4k2+1,
(18)∵ECFC=k2+1,
(19)∴CEEF=k2+1k,CE=3,
(20)∴EF=3kk2+1,
(21)∴1+4k2+1=(3kk2+1)2=9k2k2+1,
(22)∴k2=58,
(23)解得k=±104,
(24)∵ABBC=EFFC=k>0,
(25)∴k=104.(3)∵∠DAB=45°,
(26)∴∠ABC=180°-45°=135°,
(27)在△ABC中,根据余弦定理,可得
(28)AC2=AB2+BC2-2AB•BC•F=3,∵CE2=2EF2=6,
(29)∴CE=6.
(2)如图②,连接BF,
(30),
(31)∵ABBC=EFFC=k,∴BC=a,AB=ka,FC=b,EF=kb,
(32)∴AC=AB2+BC2=k2a2+a2=ak2+1,
(33)CE=EF2+FC2=k2b2+b2=bk2+1,
(34)∴ACBC=ECFC=k2+1,∠ACE=∠BCF,在△ACE和△∠BCF中,
(35)ACBC=ECFC=k2+1∠ACE=∠BCF,∴△ACE∽△∠BCF,
(36)∴AEBF=ACBC=k2+1,∠CAE=∠CBF,又∵AE=2,
(37)∴2BF=k2+1,
(38)∴BF=2k2+1,∵∠CAE=∠CBcos135°
(39)=2BC2-2BC2×(-22)
(40)=BC2(2+2)在△ACE和△∠BCF中,
(41)ACBC=ECFC=2+2∠ACE=∠BCF,∴△ACE∽△∠BCF,
(42)∴AEBF=ACBC=2+2,∠CAE=∠CBF,又∵AE=n,
(43)∴BF2=AE22+2=n22+2,∵∠CAE=∠CBF,∠CAE+∠CBE=90°,
(44)∴∠CBE+∠CBF=90°,
(45)∴∠EBF=90°,
(46)∴EF2=BE2+BF2,
(47)∴p22+2=m2+n22+2,
(48)∴(2+2)m2+n2=p2,
(49)即m,n,p三者之间满足的等量关系是:
(2+2)m2+n2=p2.
例3:
23.(2015.安徽)如图1,在四边形ABCD中,点E、F分别是AB、CD的中点,过点E作AB的垂线,过
点F作CD的垂线,两垂线交于点G,连接AG、BG、CG、DG,且∠AGD=∠BGC.
(1)求证:
AD=BC;
(2)求证:
△AGD∽△EGF;
(3)如图2,若AD、BC所在直线互相垂直,求AD/EF的值.
考点:
相似形综合题..
分析:
(1)由线段垂直平分线的性质得出GA=GB,GD=GC,由SAS证明△AGD≌△BGC,得出对应边相等即可;
(2)先证出∠AGB=∠DGC,由
,证出△AGB∽△DGC,得出比例式
,再证出∠AGD=∠EGF,即可得出△AGD∽△EGF;
(3)延长AD交GB于点M,交BC的延长线于点H,则AH⊥BH,由△AGD≌△BGC,得出∠GAD=∠GBC,再求出∠AGE=∠AHB=90°,得出∠AGE=
∠AGB=45°,求出
,由△AGD∽△EGF,即可得出
的值.
解答:
(1)证明:
∵GE是AB的垂直平分线,
∴GA=GB,
同理:
GD=GC,
在△AGD和△BGC中,
,
∴△AGD≌△BGC(SAS),
∴AD=BC;
(2)证明:
∵∠AGD=∠BGC,
∴∠AGB=∠DGC,
在△AGB和△DGC中,
,
∴△AGB∽△DGC,
∴
,
又∵∠AGE=∠DGF,
∴∠AGD=∠EGF,
∴△AGD∽△EGF;
(3)解:
延长AD交GB于点M,交BC的延长线于点H,如图所示:
则AH⊥BH,
∵△AGD≌△BGC,
∴∠GAD=∠GBC,
在△GAM和△HBM中,∠GAD=∠GBC,∠GMA=∠HMB,
∴∠AGE=∠AHB=90°,
∴∠AGE=
∠AGB=45°,
∴
,
又∵△AGD∽△EGF,
∴
=
=
.
点评:
本题是相似形综合题目,考查了线段垂直平分线的性质、全等三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质、三角函数等知识;本题难度较大,综合性强,特别是(3)中,需要通过作辅助线综合运用
(1)
(2)的结论和三角函数才能得出结果.
例4:
23.(2015•潍坊)如图1,点O是正方形ABCD两对角线的交点,分别延长OD到点G,OC到点E,使OG=2OD,OE=2OC,然后以OG、OE为邻边作正方形OEFG,连接AG,DE.
(1)求证:
DE⊥AG;
(2)正方形ABCD固定,将正方形OEFG绕点O逆时针旋转α角(0°<α<360°)得到正方形OE′F′G′,如图2.
①在旋转过程中,当∠OAG′是直角时,求α的度数;
②若正方形ABCD的边长为1,在旋转过程中,求AF′长的最大值和此时α的度数,直接写出结果不必说明理由.
解:
(1)如图1,延长ED交AG于点H,
∵点O是正方形ABCD两对角线的交点,
∴OA=OD,OA⊥OD,
∵OG=OE,
在△AOG和△DOE中,
,
∴△AOG≌△DOE,
∴∠AGO=∠DEO,
∵∠AGO+∠GAO=90°,
∴∠AGO+∠DEO
=90°,
∴∠AHE=90°,
即DE⊥AG;
(2)①在旋转过程中,∠OAG′成为直角有两种情况:
(Ⅰ)α由0°增大到90°过程中,当∠OAG′=90°时,
∵OA=OD=
OG=
OG′,
∴在Rt△OAG′中,sin∠AG′O=
=
,
∴∠AG′O=30°,
∵OA⊥OD,OA⊥AG′,
∴OD∥AG′,
∴∠DOG′=∠AG′O=30°,
即α=30°;
(Ⅱ)α由90°增大到180°过程中,当∠OAG′=90°时,
同理可求∠BOG′=30°,
∴α=180°﹣30°=150°.
综上所述,当∠OAG′=90°时,α=30°或150°.
②如图3,当旋转到A、O、F′在一条直线上时,AF′的长最大,
∵正方形ABCD的边长为1,
∴OA=OD=OC=OB=
,
∵OG=2OD,
∴OG′=OG=
,
∴OF′=2,
∴AF′=AO+OF′=
+2,
∵∠COE′=45°,
∴此时α=315°.
例5:
23(2015.海南)如图9-1,菱形ABCD中,点P是CD的中点,∠BCD=60°,射线AP交BC的延长线于点E,射线BP交DE于点K,点O是线段BK的中点.
(1)求证:
△ADP≌△ECP;
(2)若BP=n·PK,试求出n的值;
(3)作BM⊥AE于点M,作KN⊥AE于点N,连结MO、NO,如图9-2所示.请证明
△MON是等腰三角形,并直接写出∠MON的度数.
(1)证明:
∵四边形ABCD为菱形,
∴AD∥BC,
∴∠DAP=∠CEP,∠ADP=∠ECP,
在△ADP和△ECP中,
,
∴△ADP≌△ECP;
(2)如图1,作PI∥CE交DE于I,
则
=
,又点P是CD的中点,
∴
=
,
∵△ADP≌△ECP,∴AD=CE,
∴
=
=
,∴BP=3PK,
∴n=3;
(3)如图2,作OG⊥AE于G,
∵BM丄AE于,KN丄AE,
∴BM∥OG∥KN,
∵点O是线段BK的中点,
∴MG=NG,又OG⊥MN,∴OM=ON,
即△MON是等腰三角形,
由题意得,△BPC,△AMB,△ABP为直角三角形,
设BC=2,则CP=1,由勾股定理得,BP=
,
则AP=
,
根据三角形面积公式,BM=
,
由
(2)得,PB=3PO,
∴OG=
BM=
,
MG=
MP=
,
tan∠MOG=
=
,
∴∠MOG=60°,
∴∠MON的度数为120°.
例6:
25(2015.福州)如图.在锐角中,D,E分别为AB,BC中点,F为AC上一点,且∠AFE=∠A,DM//EF交AC于点M
(1)求证:
DM=DA
(2)点G在BE上,且∠BDG=∠C.如图②,求证:
△DEG∽△ECF
(3)在图②中.取CE上一点H,使∠CFH=∠B.若BG=1求EH的长.
(1)证明:
如图1所示,
(2)∵DM∥EF,
(3)∴∠AMD=∠AFE,
(4)∵∠AFE=∠A,
(5)∴∠AMD=∠A,
(6)∴DM=DA;
(7)
(2)证明:
如图2所示,
(8)∵D、E分别是AB、BC的中点,
(9)∴DE∥AC,
(10)∴∠BDE=∠A,∠=∠B,
(11)∴△BDG∽△BED,
(12)∴BDBE=BGBD,∴BD2=BG•BE,
(13)∵∠AFE=∠A,∠CFH=∠B,
(14)∴∠C=180°-∠A-∠B=180°-∠AFE-∠CFH=EFH,
(15)又∵∠FEH=∠CEF,
(16)∴△EFH∽△E∠DEG=∠C,
(17)∵∠AFE=∠A,
(18)∴∠BDE=∠AFE,
(19)∴∠BDG+∠GDE=∠C+∠FEC,
(20)∵∠BDG=∠C,
(21)∴∠DGE=∠FEC,
(22)∴△DEG∽△ECF;
(23)(3)解:
如图3所示,
(24)∵∠BDG=∠C=∠DEB,∠B
(25)∴EHEF=EFEC,∴EF2=EH•EC,
(26)∵DE∥AC,DM∥EF,
(27)∴四边形DEFM是平行四边形,
(28)∴EF=DM=DA=BD,
(29)∴BG•BE=EH•EC,
(30)∵BE=EC,
(31)∴EH=BG=1.
例7:
26(2015.河北)平面上,矩形ABCD与直径为QP的半圆K如图15-1摆放,分别延长DA和QP交于点O,且∠DOQ=60°,OQ=OD=3,OP=2,OA=AB=1,让线段OD及矩形ABCD位置固定,将线段OQ连带着半圆K一起绕着点O按逆时针方向开始旋转,设旋转角为α(0≤α≤60).
发现:
(1)当α=0°,即初始位置时,点P直线AB上.(填“在”或“不在”),求当α是多少时,OQ经过点B?
(2)在OQ旋转过程中,简要说明α是多少时,点P,A间的距离最小?
并指出这个最小值;
(3)如图15-2,当点P恰好落在BC边上时,求α及S阴影.
拓展:
如图15-3,当线段OQ与CB边交于点M,与BA边交于点N时,设BM=x(x>0),用含x的代数式表示BN的长,并求x的取值范围.
探究:
当半圆K与矩形ABCD的边相切时,求sinα的值.
例8:
25.(2015.陕西)如图,在每一个四边形ABCD中,均有AD∥BC,CD⊥BC,∠ABC=60∘,AD=8,BC=12.
(1)如图1,点M是四边形ABCD边AD上的一点,则△BMC的面积为;
(2)如图2,点N是四边形ABCD边AD上的任意一点,请你求出△BNC周长的最小值;
(3)如图3,在四边形ABCD的边AD上,是否存在一点P,使得cos∠BPC的值最小?
若存在,求出此时cos∠BPC的值;若不存在,请说明理由.
解:
(1)如图①,过A作AE⊥BC,
∴四边形AECD为矩形,
∴EC=AD=8,BE=BC﹣EC=12﹣8=4,
在Rt△ABE中,∠ABE=60°,BE=4,
∴AB=2BE=8,AE=
=4
,
则S△BMC=
BC•AE=24
;
故答案为:
24
;
(2)如图②,作点C关于直线AD的对称点C′,连接C′N,C′D,C′B交AD于点N′,连接CN′,则BN+NC=BN+NC′≥BC′=BN′+CN′,
∴△BNC周长的最小值为△BN′C的周长=BN′+CN′+BC=BC′+BC,
∵AD∥BC,AE⊥BC,∠ABC=60°,
∴过点A作AE⊥BC,则CE=AD=8,
∴BE=4,AE=BE•tan60°=4
,
∴CC′=2CD=2AE=8
,
∵BC=12,
∴BC′=
=4
,
∴△BNC周长的最小值为4
+12;
(3)如图③所示,存在点P,使得cos∠BPC的值最小,
作BC的中垂线PQ交BC于点Q,交AD于点P,连接BP,CP,作△BPC的外接圆O,圆O与直线PQ交于点N,则PB=PC,圆心O在PN上,
∵AD∥BC,
∴圆O与AD相切于点P,
∵PQ=DC=4
>6,
∴PQ>BQ,
∴∠BPC<90°,圆心O在弦BC的上方,
在AD上任取一点P′,连接P′B,P′C,P′B交圆O于点M,连接MC,
∴∠BPC=∠BMC≥∠BP′C,
∴∠BPC最大,cos∠BPC的值最小,
连接OB,则∠BON=2∠BPN=∠BPC,
∵OB=OP=4
﹣OQ,
在Rt△BOQ中,根据勾股定理得:
OQ2+62=(4
﹣OQ)2,
解得:
OQ=
,
∴OB=
,
∴cos∠BPC=cos∠BOQ=
=
,
则此时cos∠BPC的值为
.
例9:
25(2015.贵阳)如图,在矩形纸片ABCD中,AB=4,AD=12,将矩形纸片折叠,使点C落在AD边上的点M处,折痕为PE,此时PD=3.
(1)求MP的值;(4分)
(2)在AB边上有一个动点F,且不与点A,B重合.当AF等于多少时,△MEF的周长最小?
(4分)
(3)若点G,Q是AB边上的两个动点,且不与点A,B重合,GQ=2.当四边形MEQG的周长最小时,求最小周长值.(计算结果保留根号)(4分)
解:
(1)∵四边形ABCD为矩形,
∴CD=AB=4,∠D=90°,
∵矩形ABCD折叠,使点C落在AD边上的点M处,折痕为PE,
∴PD=PH=3,CD=MH=4,∠H=∠D=90°,
∴MP=
=5;
(2)如图1,作点M关于AB的对称点M′,连接M′E交AB于点F,则点F即为所求,过点E作EN⊥AD,垂足为N,
∵AM=AD﹣MP﹣PD=12﹣5﹣3=4,
∴AM=AM′=4,
∵矩形ABCD折叠,使点C落在AD边上的点M处,折痕为PE,
∴∠CEP=∠MEP,
而∠CEP=∠MPE,
∴∠MEP=∠MPE,
∴ME=MP=5,
在Rt△ENM中,MN=
=
=3,
∴NM′=11,
∵AF∥ME,
∴△AFM′∽△NEM′,
∴
=
,即
=
,解得AF=
,
即AF=
时,△MEF的周长最小;
(3)如图2,由
(2)知点M′是点M关于AB的对称点,在EN上截取ER=2,连接M′R交AB于点G,再过点E作EQ∥RG,交AB于点Q,
∵ER=GQ,ER∥GQ,
∴四边形ERGQ是平行四边形,
∴QE=GR,
∵GM=GM′,
∴MG+QE=GM′+GR=M′R,此时MG+EQ最小,四边形MEQG的周长最小,
在Rt△M′RN中,NR=4﹣2=2,
M′R=
=5
,
∵ME=5,GQ=2,
∴四边形MEQG的最小周长值是7+5
.
例10:
25.(2015.山东临沂)如图1,在正方形ABCD的外侧,作两个等边三角形ADE和DCF,连接AF,BE.
(1)请判断:
AF与BE的数量关系是,位置关系是;
(2)如图2,若将条件“两个等边三角形ADE和DCF”变为“两个等腰三角形ADE和DCF,且EA=ED=FD=FC,第
(1)问中的结论是否仍然成立?
请作出判断并给予证明;
(3)若三角形ADE和DCF为一般三角形,且AE=DF,ED=FC,第
(1)问中的结论都能成立吗?
请直接写出你的判断.
解:
(1)AF与BE的数量关系是:
AF=BE,位置关系是:
AF⊥BE.
答案是:
相等,互相垂直;
(2)结论仍然成立.
理由是:
∵正方形ABCD中,AB=AD=CD,
∴在△ADE和△DCF中,AE=DFAD=CDDE=CF,∴△ADE≌△DCF,
∴∠DAE=∠CDF,
又∵正方形ABCD中,∠BAD=∠ADC=90°,
∴∠BAE=∠ADF,
∴在△ABE和△ADF=CDDE=CF,∴△ADE≌△DCF,
∴∠DAE=∠CDF,
又∵正方形ABCD中,∠BAD=∠ADC=90°,
∴∠BAE=∠ADF,
∴在△ABE和△ADF中,AB=DA∠BAE=∠ADFAE=DF,∴△ABE≌△ADF,
∴BE=AF,∠ABM=∠DAF,
又∵∠DAF+∠BAM=90°,
∴∠ABM+∠BAM=90°,
∴在△ABM中,∠AMB=180°-(∠ABMF中,AB=DA∠BAE=∠ADFAE=DF,∴△ABE≌△ADF,
∴BE=AF,∠ABM=∠DAF,
又∵∠DAF+∠BAM=90°,
∴∠ABM+∠BAM=90°,
∴在△ABM中,∠AMB=180°-(∠ABM+∠BAM)=90°,
∴BE⊥AF;
(3)第
(1)问中的结论都能成立.
理由是:
∵正方形ABCD中,AB=AD=CD,
∴在△ADE和△DCF中,AE=DFADM)=90°,
∴BE⊥AF.