湖南省长郡中学学年高二下学期期中学考模拟二考试物理精校解析 Word版.docx
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湖南省长郡中学学年高二下学期期中学考模拟二考试物理精校解析Word版
湖南省长郡中学2017-2018学年高二下学期期中（学考模拟二）
考试物理试题
一、选择题：
1.运动会上，运动员留下了许多精彩的瞬间，下列比赛项目中，运动员可视为质点的是
A.跳水B.鞍马C.马拉松D.吊环
【答案】C
【解析】跳水时，由于要看人的身体各部分的动作如何，不能看成质点，故A错误；鞍马时，由于要看人的身体各部分的动作如何，不能看成质点，故B错误；马拉松比赛中运动员的大小相对于比赛路程可以忽略不计，能够看做质点，故C正确；吊环时，由于要看人的身体各部分的动作如何，不能看成质点，故D错误。
故选C。
点睛：
物体能否看成质点，不是看物体绝对质量或体积，而是看物体的大小和形状对所研究的问题影响能否忽略不计．
2.物体运动的加速度恒定不变且不为零，表明该物体
A.任何时刻的速度一定不为零
B.速度大小一定在增加
C.速度变化的快慢不变
D.物体受到的合力可能为零
【答案】C
【解析】物体做加速度恒定不变的运动，当加速度和速度反向时，某时刻的速度可能减为零，选项A错误；只有当加速度和速度方向同向时，速度大小才增加，选项B错误；加速度不变，则速度变化的快慢不变，选项C正确；加速度不为零，则物体受到的合力不可能为零，选项D错误；故选C.
点睛：
加速度等于单位时间内的速度变化量，反应速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．
3.可以用来测量力的大小的器材是
A.秒表B.刻度尺C.天平D.测力计
【答案】D
【解析】试题分析：
秒表是用来测量时间的，刻度尺是用来测量长度的，天平是用来测量质量的，测力计是用来测量力的大小的，故选D
考点：
考查了物理仪器的使用
点评：
知道生活中常见的测量时间和长度的工具，属于基础知识的考查，比较简单．
4.关于惯性的大小，下面说法中正确的是
A.两个质量相同的物体，速度大的不容易停下来，所以速度大的物体惯性大
B.在月球上举重比在地球上容易，所以质量相同的物体在月球上比在地球上惯性小
C.推动地面上静止的物体，要比维持物体做匀速运动所需的力大，所以物体静止时惯性大
D.两个质量相同的物体，不论速度大小，它们的惯性的大小一定相同
【答案】D
【解析】物体的惯性只与物体的质量有关，两个质量相同的运动物体，惯性大小相等，与速度和所处位置无关，故ABC错误，D正确。
故选D。
点睛：
解题关键是要明确：
物体的惯性只与物体的质量有关，言下之意就是和其他的任何一个都无关，不管题目中出现任何一个因素，都和惯性大小无关．
5.物体在水平地面上沿直线运动的v-t图象如图所示，下列说法不正确的是
A.0~10s内做匀加速运动，10s~30s内做匀减速运动
B.0~10s内朝正方向运动，10s~30s内向反方向运动
C.0~10s内加速度大小为1m/s2
D.0~30s内的位移大小为150m
【答案】B
【解析】0~10s内速度均匀增加，做正方向匀加速运动，10s~30s内速度均匀减小，向正方向做匀减速运动，选项A正确，B错误；0~10s内加速度大小为
，选项C正确；0~30s内的位移大小为
，选项D正确；此题选项错误的选项，故选B.
点睛：
本题关键是根据速度时间图象得到物体的运动规律，要抓住速度图象的斜率等于质点的加速度，来分析图象的物理意义．
6.如图所示，一个木箱放在固定斜面上静止不动，下列说法正确的是
A.木箱的重力与斜面对木箱的支持力是一对平衡力
B.木箱的重力与木箱对斜面的压力是一对作用力与反作用力
C.木箱可能不受摩擦力
D.木箱受到平行于斜面向上的静摩探力
【答案】D
【解析】木箱的重力与斜面对木箱的支持力不是等大反向的关系，不是一对平衡力，选项A错误；斜面对木箱支持力与木箱对斜面的压力是一对作用力与反作用力，选项B错误；木箱有向下运动的趋势，受到沿平行斜面向上的静摩擦力，选项C错误，D正确；故选D.
7.两位同学用同样大小的力共同提起一桶水，桶和水的总重量为G,下列说法中不正确的是
A.每人的作用力最大值等于G
B.每人的作用力最小值等于
C.两人的合力一定等于G
D.两人的作用力之间的夹角越小越省力
【答案】A
【解析】设两位同学的手臂对水桶的拉力大小为F，由题两位同学的手臂均与竖直方向成θ角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，则根据平衡条件得：
2Fcosθ=G得：
F=
；当两人对水桶的作用力都是沿竖直向上的方向时，每人的作用力最小，大小等于G/2；当两人对水桶的作用力之间的夹角变大时，每人的作用力大小变大，最大值为无穷大，两人作用力的合力大小为G，故A错误，BC正确；根据平行四边形定则，可知两力大小随两力间夹角的减小而减小，故D正确；此题选择不正确的选项，故选A。
点睛：
本题要根据对称性得出两人对水桶的拉力大小相等，再由竖直方向力平衡即可求出两位同学的手臂受到的拉力大小．
8.质量为2kg的物体在三个力的作用下处于平衡状态，这三个力分别为：
F1=4N，F2=5N，F3=6N.现在撤去F1、F2两个力，该物体的加速度为
A.3m/s2B.2m/s2C.0.5m/s2D.5.5m/s2
【答案】A
【解析】撤去F1、F2两个力，那么物体只受F3=6N的作用，由牛顿第二定律可得：
该物体的加速度a＝
＝3m/s2，故A正确，BCD错误；故选A。
点睛：
物体运动问题，一般先对物体进行受力分析，然后根据牛顿第二定律求得加速度，即可由加速度得到物体运动状态．
9.如图所示，一根劲度系数为k的轻弹簧原长为x0,下端挂上钩码后长度为x1,则弹簧弹力的大小为
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】由胡克定律F=kx可知，弹簧的弹力F=k（x1-x0），故选D。
点睛：
本题考查胡克定律公式的应用，解题时一定要明确公式中的x为弹簧的形变量，不是原长．
10.如图所示，自行车小齿轮和后轮固定在一起，大齿轮和小齿轮通过链条连接。
A、B、C分别为自行车大齿轮、小齿轮和后轮边缘上的三个点，用支架支撑后轮悬空，踩动脚踏板使三个轮子匀速转动，下列说法正确的是
A.A、B两点角速度与半径成反比
B.B、C两点角速度与半径成正比
C.A、B两点向心加速度与半径成正比
D.B、C两点向心加速度与半径成反比
【答案】A
点睛：
本题关键能分清同缘传动和同轴传动，抓住同轴传动角速度相等，同缘传动线速度相等，结合圆周运动公式可列式求解．
11.如图所示，有一长为80cm的玻璃管竖直放置，当红蜡块从玻璃管的目最下端开始匀速上升的同时，玻璃管水平向右匀速运动，经过20s，红蜡块到达玻璃管的最上端，此过程玻璃管的水平位移为60cm.不计红蜡块的大小，则红蜡块运动的合速度大小为
A.3cm/sB.1cm/sC.5cm/sD.7cm/s
【答案】C
【解析】由题意可知，玻璃管水平向右匀速运动，则移动的速度为：
；而在竖直方向的移动速度为：
；由速度的合成法则，则有红蜡块运动的合速度大小为：
．故C正确，ABD错误；故选C。
12.我国发射的“神舟六号”载人飞船，与“神舟五号”飞船相比，它在更高的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如右图所示，下列说法中正确的是
A.“神舟六号”的线速度较小
B.“神舟六号”的角速度与“神舟五号”的相同
C.“神舟六号”的周期更短
D.“神舟六号”的向心加速度与“神舟五号”的相同
【答案】A
【解析】人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有
可得v=
，“神舟六号”载人飞船的轨道半径大于“神舟五号”飞船的轨道半径，所以“神舟六号”的速度较小，故A正确；
，则“神舟六号”的角速度比“神舟五号”的小，选项B错误；T=2π
，“神舟六号”载人飞船的轨道半径大于“神舟五号”飞船的轨道半径，所以“神舟六号”的周期更大，故C错误；
，“神舟六号”载人飞船的轨道半径大于“神舟五号”飞船的轨道半径，所以“神舟六号”的加速度更小，故D错误；故选A。
点睛：
本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论．
13.质量为1kg的物体从某一高度自由下落，设2s内物体未着地，则该物体下落2s时重力做功的瞬时功率是（取g=10 m/s2）
A.50WB.100WC.150WD.200W
【答案】D
【解析】2s末物体的速度为：
v=gt=10×2=20m/s，2s末重力的瞬时功率为：
P=Gv=mgv=1×10×20=200W；故ABC错误，D正确；故选D。
14.跳伞运动员在空中下落一段时间后打开降落伞，在重力和空气阻力的作用下，运动员和降落伞一起减速下降，在减速下降的过程中
A.运动员的重力势能增加
B.运动员的动能增加
C.运动员的机械能减少
D.运动员的机械能守恒
【答案】C
【解析】由于运动员下降，重力对它们做正功，则重力势能减小；故A错误；运动员在减速，故动能在减小；故B错误；由于阻力做负功，则运动员的机械能减小，不守恒；故C正确，D错误；故选C。
15.汽车以15m/s的速度在水平路面上匀速前进，紧急制动后做匀减速直线运动，加速度大小为3m/s2,则刹车后6s时汽车的速度为
A.33m/sB.3m/sC.-3m/sD.0
【答案】D
【解析】汽车从刹车开始到停下所用时间为：
，则知刹车5s汽车停止运动。
故汽车在刹车后6s末的速度为0，故D正确，ABC错误。
故选D。
点睛：
本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动。
16.如图所示，将一小钢珠（可视为质点）从平台上沿水平方向弹出，小钢珠落在水平地面上的A点，已知当地的重力加速度,忽略空气阻力.为测出小钢珠离开平台时的初始度v0，只需要下列哪一件器材
A.天平B.弹簧测力计C.刻度尺D.秒表
【答案】A
【解析】小钢珠离开平台后做平抛运动，将平抛运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，则有：
，
，联立得：
，可知只要用刻度尺测量出钢珠平抛运动的水平距离x和下落高度h，就能测出v，故ABD错误，C正确。
点睛：
本题主要考查了平抛运动规律的理解和应用，平时要加强练习，提高迁移能力。
二、非选择题：
（一）必考题：
17.一个质量为m的人站在电梯中，电梯减速下降，加速度大小为
（g为重力加速度）.人所受到的合力大小为_________.此时人处于__________（选填“超重”或“失重”） 状态.
【答案】
（1）.
（2）.超重
【解析】根据牛顿第二定律，人所受到的合力大小为：
F=ma=
mg；加速度向上，此时人处于超重状态.
点睛：
本题关键对人受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解；注意加速度向上物体超重，加速度向下物体失重.
18.如右图所示，一质量为m的汽车保持恒定的速率运动，通过凸形路面最高处时对路面的压力____（选填“大于”或“小于”）汽车的重力；通过凹形路而最低点时对路面的压力_______（选填“大于”或“小于”）汽车的重力.
【答案】
（1）.小于
（2）.大于
【解析】汽车过凸形路面的最高点时，设速度为v，半径为r，竖直方向上合力提供向心力，由牛顿第二定律得：
mg-F1′=m
得：
F1′＜mg，根据牛顿第三定律得：
F1=F1′＜mg；汽车过凹形路面的最高低时，设速度为v，半径为r，竖直方向上合力提供向心力，由牛顿第二定律得：
F2′-mg=m
得：
F2′＞mg，根据牛顿第三定律得：
F2=F2′＞mg．
19.将一个物体以10m/s的初速度从离地5m的高度水平抛出，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s,则物体落地时竖直方向的分速度为_______m/s,落地时速度方向与水平地面的夹角θ=_________.
【答案】
（1）.10
（2）.45°
【解析】平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，则
，
，则θ=45°
点睛：
解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关．
20.打点计时器是一种计时仪器，它使用_________ （选填“直流”或“交流”）电源，某同学在做“用打点计时器测速度”的实验时，用手拉动纸带，所得纸带上的点迹分布不均匀，则点迹稀疏的地方表示纸带运动的速度_________（选填“较大”或“较小”）.
【答案】
（1）.交流
（2）.较大
【解析】打点计时器是一种计时仪器，它使用交流电源，某同学在做“用打点计时器测速度”的实验时，点迹稀疏的地方表示物体在相同时间内运动的距离较大，则纸带运动的速度较大.
21.静止在水平路而上质量是60kg的手推车，在受到120N的水平推力时做加速度大小为a=0.5m/s2的匀加速直线运动，取g=10m/s2.求：
（1）小车与路面间的动摩擦因数；
（2）经过4s手推车前进的位移.
【答案】
（1）0.15
（2）4m
【解析】
（1）车子做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：
F-μmg=ma
代入数据解得：
μ=0.15
（2）由s＝
at2代入数据解得经过4s手推车前进的位移为：
s=
×0.5×42m=4m
点睛：
本题是牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，关键是要知道加速度是联系力和运动的桥梁，知道加速度，通过牛顿第二定律可求出力．
22.如图所示，可当成质点的质量m=50kg的球从距水面高h=10m的平台上以v0=5m/s的速度水平抛出，最终落入水中，取g=10m/s2,求：
（1）球在平台上时具有的重力势能（以水面为参考平面）;
（2）球在平台上抛出时的动能；
（3）球入水时的速度大小.
【答案】
（1）5000J
（2）625J（3）15m/s
【解析】
（1）取水面为参考平面，人的重力势能是：
Ep=mgh=5000 J
（2）由动能的公式得：
Ek=
mv02=
×50×52=625J；
（3）在整个过程中，只有重力做功，机械能守恒，有：
mgh=
mv2-
mv02
代入数据解得：
v=15m/s
点睛：
本题考查机械能守恒定律应用，注意在列式时关键在于明确动能和势能的确定，注意在确定重力势能时要先确定零势能面，同时注意机械能守恒定律的正确应用．
（二）选考题：
【选修1-1】
23.油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是.
A.向外界散热
B.作为油罐车的标志
C.发出响声，提醒其他车辆和行人的注意
D.把电荷导入大地，避免由静电造成的危害
【答案】D
【解析】试题分析：
在运输过程中，油罐车摩擦起电，会聚集电荷，若不把净电荷导入大地，在接触其他物体放电时，会有电火花的产生，发生危险，故常拖一条铁链，把电荷导入大地，D对。
考点：
静电的防止与利用。
24.下列说法正确的是
A.电视机铭牌上所标的“额定电压220V”指的是交流电压的峰值
B.交流发电机发出的电流方向不变
C.远距离输电要用高电压，是为了减少输电线上的电能损失
D.升压变压器的原、副线圈匝数相同
【答案】C
.....................
25.下列过程中没有利用电磁波的是
A.电视机接收卫星电视信号
B.移动电话通话
C.雷达发现飞机
D.电风扇通电后正常运转
【答案】D
【解析】A、电视机用电磁波传递图象信号和声音信号，故A正确；B、移动电话是利用电磁波传递信息的，故B正确．C、雷达是利用电磁波进行工作的，故C正确；D、电风扇是利用电动机把电能转化成机械能来工作，所以没有利电磁波，故D错误；故选ABC．
【点睛】解决本题的关键知道生活中的电器哪些用的是电磁波，电磁波包括无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线．
26.下列各图中，已标出电流I、磁感应强度B的方向，其中符合安培定则的是
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】通电直导线中的安培定则（安培定则一）：
用右手握住通电直导线，让大拇指指向电流的方向，那么四指的指向就是磁感线的环绕方向由此可知AB错误；通电螺线管中的安培定则（安培定则二）：
用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极，据此可知C正确，D错误．故选C．
27.已知我国家庭电路中的交流电变化的关系为
它的频率是________Hz,则此交流电的电压有效值是________V.
【答案】
（1）.50
（2）.220
【解析】因ω=100πrad/s，则频率
；交流电的电压有效值是
.
28.金属杆在相距1m的水平轨道上与轨道垂直放置，金属杆上通以I=4A的恒定电流，如图所示，匀强磁场B=0.1T,方向垂直轨道平面，则：
①判断金属杆所受安培力的方向；
②球金属杆受安培力的大小.
【答案】①方向水平向左；②0.4N
【解析】①四指指向电流的方向，让磁场穿过手掌心，即掌心朝下，由左手定则判断安培力方向向左；
②根据平衡条件：
F=BIL
得F=0.4N
【选修3-1】
29.真空中两个点电荷相距r时，静电力为F;如果将它们其中一个的电荷量减半，同时将距离增大为2r时，则静电力将变为
A.
B.FC.2FD.
【答案】A
【解析】设真空中两个电荷量为Q与q的点电荷，相距为r时的相互作用静电力大小为F，根据库仑定律，有：
；若它们其中一个的电荷量减半，同时将这两个点电荷间的距离变为2r，则它们之间的静电力大小变为：
，故A正确，BCD错误；故选A。
点睛：
本题关键是根据库仑定律直接列式求解；库仑定律：
真空中两个静止点电荷之间的作用力与它们电量的乘积成正比，与它们距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上，依据题目条件，即可求解．
30.在如图所示的匀强电场中，有A、B两点，则以下说法中正确的是
A.A点的电场强度大于B点的电场强度
B.A点的电场强度小于B点的电场强度
C.A点的电势高于B点的电势
D.A点的电势低于B点的电势
【答案】C
【解析】该电场是匀强电场，AB两点的电场强度是相同的。
故AB错误；顺着电场线电势逐渐降低，则A点的电势高于B点的电势，选项C正确，D错误；故选C.
点睛：
本题关键要掌握电场线的物理意义：
电场线的疏密描述电场的强弱，沿电场线方向，电势必定降低．
31.如图所示，电源电动势E=6V,内电阻r=1Ω,小灯泡L标一有“2V4W”,当调节可变电阻R使小灯泡恰好正常发光时，下列说法正确的是.
A.流过小灯泡的电流I=1A
B.电源的路端电压为4V
C.可变电阻R此时的阻值为2Ω
D.可变电阻R此时消耗的功率为2W
【答案】B
【解析】小灯泡正常发光，则流过小灯泡的电流
，选项A错误；电源的路端电压U端=E-Ir=6-2×1=4V，选项B正确；可变电阻R此时的阻值为
，选项C错误；可变电阻R此时消耗的功率为P=I2R=4W，选项D错误；故选B.
点睛：
解决本题的关键要明确用电器的连接关系，明确串联电路中电流处处相等，再运用欧姆定律和闭合电路欧姆定律解答．
32.如图所示的四幅图都是通电直导线放入匀强磁场中的情况，其中直导线所受安培力为零的是
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】导线与磁感线方向平行时，导线所受安培力为零，故ABC安培力都不为零。
D安培力为零。
故D正确。
故选D。
点睛：
通过本题要知道安培力在导线与磁感线方向平行时为零，导线与磁感线方向成一定夹角时安培力一定不是零．
33.如图所示，真空中有一对相距为d的平行金属板A和B,两板间由热差为U.两板间的申场为匀强电场，若一个质量为m、电荷量为q的粒子，仅在静电力的作用下由静止开始从A板向B板做匀加速直线运动并到达B板，则粒子在运动过程中加速度大小a=__________，粒子到达B板时的速度大小v=__________.
【答案】
（1）.
（2）.
【解析】粒子从静止开始运动，只受电场力，有：
U=Ed；F=qE；
联立解得：
根据速度位移关系公式，有：
v2=2ad
解得：
点睛：
本题电荷在电场中加速问题，求解速度通常有两种思路：
一是动能定理；二是牛顿第二定律与运动学公式结合．
34.如图所示，分布在半径为R的圆形区域内的匀强磁场，磁感应强度为B,方向垂直纸面向里，电荷量为q、质量为m的带负电粒子从磁场边缘的A点沿半径AO方向射入磁场，粒子离开磁场时速度方向偏转了60°角。
求：
①粒子做圆周运动的半径r和入射速度v;
②粒子在磁场中运动的时间t.
【答案】
（1）
；
（2）
【解析】①如图由几何知识得，粒子做匀速圆周运动的半径
粒子以入射速度
做匀速圆周运动时洛伦兹力提供向心力，
由牛顿第二定律得：
， 即：
②匀速圆周运动的周期：
粒子轨迹所对的圆心角：
粒子在磁场中运动的时间 ：
。
点睛：
电荷在匀强磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何知识求出半径．洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律求出速度．定圆心角，求时间。
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