高考物理第一轮复习第十章 第1讲.docx

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高考物理第一轮复习第十章第1讲

五年高考（全国卷）命题分析

五年常考热点

五年未考重点

楞次定律的理解和应用

2019

2017

1卷20题、3卷14题

3卷15题

1.楞次定律推论的应用

2.自感现象

3.动力学、动量和能量观点在电磁感应中的应用

法拉第电磁感应定律的应用

2018

2016

2015

3卷20题

2卷20题、3卷21题

2卷15题

电磁感应的动力学问题

2016

1卷24题、2卷24题

电磁感应的综合问题

2019

2018

2016

2卷21题、3卷19题

1卷17题

3卷25题

电磁驱动和电磁阻尼

2017

2015

1卷18题

1卷19题

1.考查方式：

高考对本章内容考查的命题频率较高，大部分以选择题的形式出题，也有部分是计算题，多以中档以上难度的题目来增加试卷的区分度，考查较多的知识点有：

感应电流的产生条件、方向判定和导体切割磁感线产生感应电动势的计算，同时也会与力学、磁场、能量、图象问题等知识综合考查．

2.命题趋势：

（1）楞次定律、右手定则、左手定则的应用．

（2）与图象结合考查电磁感应现象．（3）通过“杆＋导轨”模型，“线圈穿过有界磁场”模型，考查电磁感应与力学、电路、能量等知识的综合应用.

电磁感应现象　楞次定律

一、磁通量

1．概念：

在磁感应强度为B的匀强磁场中，与磁场方向垂直的面积S与B的乘积．

2．公式：

Φ＝BS.

3．适用条件：

（1）匀强磁场．

（2）S为垂直磁场的有效面积．

4．磁通量是标量（填“标量”或“矢量”）．

5．物理意义：

相当于穿过某一面积的磁感线的条数．如图1所示，矩形abcd、abb′a′、a′b′cd的面积分别为S1、S2、S3，匀强磁场的磁感应强度B与平面a′b′cd垂直，则：

图1

（1）通过矩形abcd的磁通量为BS1cosθ或BS3.

（2）通过矩形a′b′cd的磁通量为BS3.

（3）通过矩形abb′a′的磁通量为0.

6．磁通量变化：

ΔΦ＝Φ2－Φ1.

二、电磁感应现象

1．定义：

当穿过闭合导体回路的磁通量发生变化时，闭合导体回路中有感应电流产生，这种利用磁场产生电流的现象叫做电磁感应．

2．条件

（1）条件：

穿过闭合电路的磁通量发生变化．

（2）例如：

闭合电路的一部分导体在磁场内做切割磁感线的运动．

3．实质

产生感应电动势，如果电路闭合，则有感应电流．如果电路不闭合，则只有感应电动势而无感应电流．

自测1　（多选）下列说法正确的是（　　）

A．闭合电路内只要有磁通量，就有感应电流产生

B．穿过闭合电路的磁通量发生变化，电路中不一定有感应电流产生

C．线框不闭合时，即使穿过线框的磁通量发生变化，线框中也没有感应电流产生

D．当导体切割磁感线时，一定产生感应电动势

答案　CD

三、感应电流方向的判定

1．楞次定律

（1）内容：

感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化．

（2）适用范围：

一切电磁感应现象．

2．右手定则

（1）内容：

如图2，伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直并且都与手掌在同一平面内：

让磁感线从掌心进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方向就是感应电流的方向．

图2

（2）适用情况：

导线切割磁感线产生感应电流．

自测2　（2019·全国卷Ⅲ·14）楞次定律是下列哪个定律在电磁感应现象中的具体体现？

（　　）

A．电阻定律B．库仑定律

C．欧姆定律D．能量守恒定律

答案　D

解析　楞次定律中的“阻碍”作用，是能量守恒定律在电磁感应现象中的具体体现，在克服这种“阻碍”的过程中，其他形式的能转化为电能，选项D正确.

常见的产生感应电流的三种情况

例1　（多选）如图3甲所示，导体棒ab、cd均可在各自的导轨上无摩擦地滑动，导轨电阻不计，磁场的磁感应强度B1、B2的方向如图所示，大小随时间变化的情况如图乙所示，在0～t1时间内（　　）

图3

A．若ab不动，则ab、cd中均无感应电流

B．若ab不动，则ab中有恒定的感应电流，但cd中无感应电流

C．若ab向右匀速运动，则ab中一定有从b到a的感应电流，cd向左运动

D．若ab向左匀速运动，则ab中一定有从a到b的感应电流，cd向右运动

答案　BD

解析　若ab不动，0～t1时间内，B1逐渐增大，由法拉第电磁感应定律可知，ab产生恒定的感应电流，根据楞次定律可知cd中无感应电流，故A错误，B正确；若ab向左匀速运动，0～t1时间内，B1垂直于纸面向里且逐渐增大，穿过左侧闭合区域的磁通量增大，运用楞次定律得ab中有从a到b的感应电流，回路中产生逐渐增大的感应电动势，即从a到b的感应电流增大，根据楞次定律得在导体棒cd中产生d到c的感应电流，根据左手定则得导体棒cd受到向右的安培力，即cd向右运动，故D正确；若ab向右匀速运动，产生从b到a的感应电流，同时B1均匀增大，产生从a到b的感应电流，由于不确定两感应电流的大小关系，故ab中感应电流无法确定，故C错误．

变式1　下列各图所描述的物理情境中，没有感应电流的是（　　）

答案　A

解析　开关S闭合稳定后，穿过线圈N的磁通量保持不变，线圈N中不产生感应电流，故A符合题意；磁铁向铝环A靠近，穿过铝环A的磁通量在增大，铝环A中产生感应电流，故B不符合题意；金属框从A向B运动，穿过金属框的磁通量时刻在变化，金属框中产生感应电流，故C不符合题意；铜盘在磁场中按题图所示方向转动，铜盘的无数辐条切割磁感线，产生感应电流，故D不符合题意．

变式2　如图4所示，一个U形金属导轨水平放置，其上放有一个金属导体棒ab，有一磁感应强度为B的匀强磁场斜向上穿过轨道平面，且与竖直方向的夹角为θ.在下列各过程中，一定能在轨道回路里产生感应电流的是（　　）

图4

A．ab向右运动，同时使θ减小

B．使磁感应强度B减小，θ角同时也减小

C．ab向左运动，同时增大磁感应强度B

D．ab向右运动，同时增大磁感应强度B和θ角（0°<θ<90°）

答案　A

解析　设此时回路面积为S，据题意，磁通量Φ＝BScosθ，S增大，θ减小，cosθ增大，则Φ增大，A正确；B减小，θ减小，cosθ增大，Φ可能不变，B错误；S减小，B增大，Φ可能不变，C错误；S增大，B增大，θ增大，cosθ减小，Φ可能不变，D错误．

1．用楞次定律判断

（1）楞次定律中“阻碍”的含义：

（2）应用楞次定律的思路：

2．用右手定则判断

该方法只适用于导体切割磁感线产生的感应电流，注意三个要点：

（1）掌心——磁感线穿入；

（2）拇指——指向导体运动的方向；

（3）四指——指向感应电流的方向．

例2　（多选）（2018·全国卷Ⅰ·19）如图5，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路．将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态．下列说法正确的是（　　）

图5

A．开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动

B．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向

C．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向

D．开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动

答案　AD

解析　根据安培定则，开关闭合时铁芯上产生水平向右的磁场．开关闭合后的瞬间，根据楞次定律，直导线上将产生由南向北的电流，根据安培定则，直导线上方的磁场垂直纸面向里，故小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，A项正确；开关闭合并保持一段时间后，直导线上没有感应电流，故小磁针的N极指北，B、C项错误；开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，根据楞次定律，直导线上将产生由北向南的电流，这时直导线上方的磁场垂直纸面向外，故小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，D项正确．

变式3　（多选）（2019·湖北宜昌市元月调考）法拉第在1831年发现了“磁生电”现象．如图6，他把两个线圈绕在同一个软铁环上，线圈A和电池连接，线圈B用导线连通，导线下面平行放置一个小磁针，且导线沿南北方向放置．下列说法正确的是（　　）

图6

A．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向

B．开关闭合的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动

C．开关闭合并保持一段时间再断开的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动

D．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向

答案　BC

解析　开关闭合并保持一段时间后，穿过线圈B中的磁通量不变，因此不会产生感应电流，则小磁针不会偏转，故A、D错误；开关闭合的瞬间，依据安培定则可知，线圈A中产生逆时针方向的磁场（垂直纸面向里看），再由楞次定律，因穿过线圈B的磁场向上，且增大，那么感应电流的磁场向下，因此线圈B回路中产生逆时针方向的感应电流（垂直纸面向里看），小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，故B正确；开关闭合并保持一段时间再断开的瞬间，同理，线圈B中产生顺时针方向的感应电流（垂直纸面向里看），则小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，故C正确．

例3　（2017·全国卷Ⅲ·15）如图7，在方向垂直于纸面向里的匀强磁场中有一U形金属导轨，导轨平面与磁场垂直．金属杆PQ置于导轨上并与导轨形成闭合回路PQRS，一圆环形金属线框T位于回路围成的区域内，线框与导轨共面．现让金属杆PQ突然向右运动，在运动开始的瞬间，关于感应电流的方向，下列说法正确的是（　　）

图7

A．PQRS中沿顺时针方向，T中沿逆时针方向

B．PQRS中沿顺时针方向，T中沿顺时针方向

C．PQRS中沿逆时针方向，T中沿逆时针方向

D．PQRS中沿逆时针方向，T中沿顺时针方向

答案　D

解析　金属杆PQ突然向右运动，在运动开始的瞬间，闭合回路PQRS中磁场方向垂直纸面向里，磁通量增大，由楞次定律可判断，闭合回路PQRS中感应电流产生的磁场垂直纸面向外，由安培定则可判断感应电流方向为逆时针；由于闭合回路PQRS中感应电流产生的磁场方向垂直纸面向外，与原磁场方向相反，则T中磁通量减小，由楞次定律可判断，T中感应电流产生的磁场方向垂直纸面向里，由安培定则可知T中感应电流方向为顺时针，选项D正确．

变式4　（2019·河北张家口市上学期期末）如图8所示，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时，线圈c中将没有感应电流产生（　　）

图8

A．向右做匀速直线运动

B．向左做匀加速直线运动

C．向右做减速直线运动

D．向右做变加速直线运动

答案　A

解析　导体棒ab向右或向左做匀速运动时，ab中产生的感应电流不变，螺线管产生的磁场是稳定的，穿过c的磁通量不变，c中没有感应电流；导体棒ab向左做加速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从b→a，感应电流增大，螺线管产生的磁场增强，穿过c的磁通量增大，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向（从左向右看）的感应电流；导体棒ab向右做减速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从a→b，感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向（从左向右看）的感应电流；导体棒ab向右做加速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从a→b，感应电流增大，螺线管产生的磁场增强，穿过c的磁通量增大，根据楞次定律得知，c中产生逆时针方向（从左向右看）的感应电流，故选A.

内容

例证

阻碍原磁通量变化——“增反减同”

磁铁靠近线圈，B感与B原方向相反

阻碍相对运动——“来拒去留”

磁铁靠近，是斥力

磁铁远离，是引力

使回路面积有扩大或缩小的趋势——“增缩减扩”

P、Q是光滑固定导轨，a、b是可动金属棒，磁铁下移，a、b靠近

阻碍原电流的变化——“增反减同”

合上S，B先亮

例4　（多选）（2019·湖南娄底市下学期质量检测）如图9甲所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方固定一螺线管Q，P和Q共轴，Q中的电流i随时间t变化的规律如图乙所示，取甲图中电流方向为正方向，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为FN，则（　　）

图9

A．在t1时刻，FN>G，P有收缩的趋势

B．在t2时刻，FN＝G，穿过P的磁通量不变

C．在t3时刻，FN＝G，P中有感应电流

D．在t4时刻，FN＞G，P有收缩的趋势

答案　ABC

解析　当螺线管中电流增大时，其形成的磁场不断增强，因此线圈P中的磁通量增大，根据楞次定律可知线圈P将阻碍其磁通量的增大，故线圈有远离和面积收缩的趋势，即FN>G，P有收缩的趋势，故A正确；当螺线管中电流不变时，其形成磁场不变，线圈P中的磁通量不变，因此线圈P中无感应电流产生，则t2时刻FN＝G，故B正确；t3时刻螺线管中电流为零，但是线圈P中磁通量是变化的，因此此时线圈P中有感应电流，但此时刻二者之间没有相互作用力，即FN＝G，故C正确；当螺线管中电流不变时，其形成的磁场不变，线圈P中的磁通量不变，因此磁铁线圈中无感应电流产生，故t4时刻FN＝G，此时P没有收缩的趋势，故D错误．

变式5　（2020·湖北宜昌市质检）如图10所示，一个N极朝下的条形磁铁竖直下落，恰能穿过水平放置的固定矩形导线框，则（　　）

图10

A．磁铁经过位置①时，线框中感应电流沿abcd方向；经过位置②时，线框中感应电流沿adcb方向

B．磁铁经过位置①时，线框中感应电流沿adcb方向；经过位置②时，线框中感应电流沿abcd方向

C．磁铁经过位置①和②时，线框中感应电流都沿abcd方向

D．磁铁经过位置①和②时，线框中感应电流都沿adcb方向

答案　A

解析　当磁铁经过位置①时，穿过线框的磁通量向下且不断增加，由楞次定律可确定感应电流的磁场方向向上，阻碍磁通量的增加，根据右手螺旋定则可判定感应电流应沿abcd方向．同理可判断当磁铁经过位置②时，感应电流沿adcb方向，故选A.

变式6　（2019·湖南衡阳市第一次联考）如图11所示是某研究性学习小组的同学设计的电梯坠落的应急安全装置，在电梯挂厢上安装永久磁铁，并在电梯的井壁上铺设线圈，这样可以在电梯突然坠落时减小对人员的伤害．关于该装置，下列说法正确的是（　　）

图11

A．当电梯突然坠落时，该安全装置可使电梯停在空中

B．当电梯坠落至永久磁铁在图示位置时，闭合线圈A、B中的电流方向相反

C．当电梯坠落至永久磁铁在图示位置时，只有闭合线圈A在阻碍电梯下落

D．当电梯坠落至永久磁铁在图示位置时，只有闭合线圈B在阻碍电梯下落

答案　B

解析　若电梯突然坠落，闭合线圈A、B内的磁通量发生变化，将在线圈中产生感应电流，感应电流会阻碍磁铁的相对运动，可起到应急避险作用，但不能阻止磁铁的运动，故A错误；当电梯坠落至永久磁铁在题图所示位置时，闭合线圈A中向上的磁场减弱，感应电流的方向从上向下看是逆时针方向，闭合线圈B中向上的磁场增强，感应电流的方向从上向下看是顺时针方向，可知闭合线圈A与B中感应电流方向相反，故B正确；结合A的分析可知，当电梯坠落至永久磁铁在题图所示位置时，闭合线圈A、B都在阻碍电梯下落，故C、D错误．

安培定则、左手定则、右手定则、楞次定律的应用对比

基本现象

因果关系

应用规律

运动电荷、电流产生磁场

因电生磁

安培定则

磁场对运动电荷、电流有作用力

因电受力

左手定则

部分导体做切割磁感线运动

因动生电

右手定则

闭合回路磁通量变化

因磁生电

楞次定律

例5　（多选）如图12所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左边有一如图所示的闭合电路，当PQ在一外力的作用下运动时，MN向右运动，则PQ所做的运动可能是（　　）

图12

A．向右加速运动

B．向左加速运动

C．向右减速运动

D．向左减速运动

答案　BC

解析　MN向右运动，说明MN受到向右的安培力，因为ab在MN处的磁场垂直纸面向里

MN中的感应电流方向为M→N

L1中感应电流的磁场方向向上

.若L2中磁场方向向上减弱

PQ中电流方向为Q→P且减小

向右减速运动；若L2中磁场方向向下增强

PQ中电流方向为P→Q且增大

向左加速运动．

变式7

　置于匀强磁场中的金属圆盘中央和边缘各引出一根导线，与套在铁芯上部的线圈A相连．套在铁芯下部的线圈B引出两根导线接在两根水平光滑导轨上，如图13所示．导轨上有一根金属棒ab静止处在垂直于纸面向外的匀强磁场中．下列说法正确的是（　　）

图13

A．圆盘顺时针加速转动时，ab棒将向右运动

B．圆盘顺时针匀速转动时，ab棒将向右运动

C．圆盘顺时针减速转动时，ab棒将向右运动

D．圆盘逆时针加速转动时，ab棒将向左运动

答案　C

1.（多选）如图1所示，水平面内有两条相互垂直且彼此绝缘的通电长直导线，以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系．四个相同的圆形闭合线圈在四个象限内完全对称放置，两直导线中的电流大小与变化情况完全相同，电流方向如图所示，当两直导线中的电流都增大时，四个线圈a、b、c、d中感应电流的情况是（　　）

图1

A．线圈a中有感应电流

B．线圈b中有感应电流

C．线圈c中无感应电流

D．线圈d中无感应电流

答案　AD

2．（多选）（2019·四川南充市第二次适应性考试）现在人们可以利用无线充电板为手机充电，如图2所示为充电原理图，充电板接交流电源，对充电板供电，充电板内的送电线圈可产生交变磁场，从而使手机内的受电线圈产生交变电流，再经整流电路转变成直流电后对手机电池充电．若在某段时间内，磁场垂直于受电线圈平面向上穿过线圈，其磁感应强度均匀增加．下列说法正确的是（　　）

图2

A．c点电势高于d点电势

B．c点电势低于d点电势

C．感应电流方向由c→受电线圈→d

D．感应电流方向由d→受电线圈→c

答案　BC

解析　根据楞次定律可知，受电线圈内部产生的感应电流方向为俯视顺时针，受电线圈中感应电流方向由c经受电线圈到d，所以c点的电势低于d点的电势，故A、D错误，B、C正确．

3.如图3所示，一圆形金属线圈放置在水平桌面上，匀强磁场垂直桌面竖直向下，过线圈上A点作切线OO′，OO′与线圈在同一平面上．在线圈以OO′为轴翻转180°的过程中，线圈中电流流向（　　）

图3

A．始终为A→B→C→A

B．始终为A→C→B→A

C．先为A→C→B→A，再为A→B→C→A

D．先为A→B→C→A，再为A→C→B→A

答案　A

解析　在线圈以OO′为轴翻转0～90°的过程中，穿过线圈正面向里的磁通量逐渐减小，则感应电流产生的磁场垂直桌面向下，感应电流方向为A→B→C→A；线圈以OO′为轴翻转90°～180°的过程中，穿过线圈反面向里的磁通量逐渐增加，则感应电流产生的磁场垂直桌面向上，感应电流方向仍然为A→B→C→A，A正确．

4.（多选）如图4所示，将若干匝线圈固定在光滑绝缘杆上，另一个金属环套在杆上与线圈共轴，当合上开关时线圈中产生磁场，金属环就可被加速弹射出去．现在线圈左侧同一位置处，先后放置形状、大小相同的铜环和铝环（两环分别用横截面积相等的铜和铝导线制成），且铝的电阻率大于铜的电阻率，闭合开关S的瞬间，下列描述正确的是（　　）

图4

A．从左侧看环中感应电流沿顺时针方向

B．线圈沿轴向有伸长的趋势

C．铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力

D．若金属环出现断裂，不会影响其向左弹射

答案　AC

解析　线圈中通电，由安培定则可知磁场方向向左，通过金属环的磁通量增加，从左侧看环中有顺时针方向的感应电流，故A项正确；同向电流互相吸引，线圈沿轴向有缩短的趋势，B项错误；因铜环的电阻小，铜环中感应电流大，受到的安培力大，C项正确；若金属环出现断裂，就不能构成闭合回路，环中有感应电动势，无感应电流，不受安培力作用，故不会被向左弹出，D项错误．

5.如图5所示，在通电长直导线AB的一侧悬挂一可以自由摆动的闭合矩形金属线圈P，AB在线圈平面内．当发现闭合线圈向右摆动时（　　）

图5

A．AB中的电流减小，用楞次定律判断得线圈中产生逆时针方向的电流

B．AB中的电流不变，用楞次定律判断得线圈中产生逆时针方向的电流

C．AB中的电流增大，用楞次定律判断得线圈中产生逆时针方向的电流

D．AB中的电流增大，用楞次定律判断得线圈中产生顺时针方向的电流

答案　C

6．（多选）（2019·福建三明市期末质量检测）如图6所示，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，MN固定不动，位置靠近ab且相互绝缘．当MN中电流突然增大时，则（　　）

图6

A．线圈所受安培力的合力方向向左

B．线圈所受安培力的合力方向向右

C．感应电流方向为abcda

D．感应电流方向为adcba

答案　AC

解析　当MN中电流突然增大时，根据楞次定律可知，线圈中产生逆时针方向的感应电流，即abcda方向；由左手定则可知ab边和cd边受安培力均向左，可知线圈所受安培力的合力方向向左，选项A、C正确，B、D错误．

7.如图7所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下．在将磁铁的S极插入线圈的过程中（　　）

图7

A．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互排斥

B．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互排斥

C．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互吸引

D．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互吸引

答案　A

解析　将磁铁的S极插入线圈的过程中，由楞次定律知，通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互排斥．

8.如图8所示，一质量为m的条形磁铁用细线悬挂在天花板上，细线从一水平金属圆环中穿过．现将环从位置Ⅰ释放，环经过磁铁到达位置Ⅱ.设环经过磁铁上端和下端附近时细线的张力分别为FT1和FT2，重力加速度大小为g，则（　　）

图8

A．FT1＞mg，FT2＞mg

B．FT1＜mg，FT2＜mg

C．FT1＞mg，FT2＜mg

D．FT1＜mg，FT2＞mg

答案　A

解析　金属圆环从位置Ⅰ到位置Ⅱ过程中，由楞次定律知，金属圆环在磁铁上端时受力向上，在磁铁下端时受力也向上，则金属圆环对磁铁的作用力始终向下，对磁铁受力分析可知FT1＞mg，FT2＞mg，A正确．

9．（多选）如图9所示，在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，有一质量为m、阻值为R的闭合矩形金属线框abcd，用绝缘轻质细杆悬挂在O点，并可绕O点左右摆动．金属线框从图示位置的右侧某一位置由静止释放，在摆动到左侧最高点的过程中，细杆和金属线框平面始终处于同一平面，且垂直纸面．则下列说法中正确的是（　　）

图9

A．线框中感应电流的方向先是d→c→b→a→d，后是a→b→c→d→a

B．线框中感应电流的方向是d→c→b→a→d

C．穿过线框中的磁通量先变大后变小

D．穿过线框中的磁通量先变小后变大

答案　BD

解析　线框从题图所示位置的右侧摆到最低点的过程中，穿过线框的磁通量减小，由楞次定律可判断感应电流的方向为d→c→b→a→d，从最低点摆到左侧最高点的过程中，穿过线框的磁通量增大，由楞次定律可判断感应电流的方向为d→c→b→a→d.

10．（多选）（2019·湖南娄底市下学期第二次模拟）如图10所示，在一固定水平放置的闭合导体圆环正上方，有一条形磁铁从静止开始下落，下落过程中始终保持竖直，起始高度为h，最后落在水平地面上．若不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法中正确的是（　　）

图10

A．磁铁下落的整个过程中，圆