完整版题型五二次函数与几何图形综合题.docx
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完整版题型五二次函数与几何图形综合题
题型五二次函数与几何图形综合题2
类型一与特殊三角形形状有关2
类型二与特殊四边形形状有关8
类型三与三角形相似有关18
类型四与图形面积函数关系式、最值有关23
类型五与线段、周长最值有关29
题型五二次函数与几何图形综合题
类型一与特殊三角形形状有关
针对演练
1.('1原6创)如图,已知抛物线y=-x+bx+c的对称轴为x=1,与y轴的交点第1题图C为(0,3),与x轴交于点A、B,顶点为D.
1)求抛物线的解析式;
2)求A、B、D的坐标,并确定四边形ABDC的面积;
3)点P是x轴上的动点,连接CP,若△CBP是等腰三角形,求点P的坐标.
12
3.
('16原创)如图,抛物线y=-2x2+mx+n与x轴交于点A、B两点,与y轴
交于点C,其对称轴与x轴的交点为D,已知A(-1,0),C(0,2).
(1)求抛物线的解析式;
(2)判断△ACD的形状,并说明理由;
(3)在抛物线对称轴上是否存在一点P,使得△PBC是以P为直角顶点的直角
三角形,若存在,求点P的坐标;若不存在,说明理由
4.如图,已知二次函数L1:
y=x2-4x+3与x轴交于A、B两点(点A在点B的左边),与y轴交于点C.
(1)写出A、B两点的坐标;
(2)二次函数L2:
y=kx2-4kx+3k(k≠0)顶,点为P.①直接写出二次函数L2与二次函数L1有关图象的两条相同的性质;②是否存在实数k,使△ABP为等边三角形?
如果存在,请求出k的值;如不存
在,请说明理由;③若直线y=8k与抛物线L2交于E、F两点,问线段EF的长度是否会发生变化?
如果不会,请求出EF的长度;如果会,请说明理由
答案
1.解:
(1)∵抛物线y=-x2+bx+c的对称轴为xb1,
12解得b=2,∵抛物线过点C(0,3),∴c=3,∴抛物线解析式为y=-x2+2x+3;
(2)由抛物线y=-x2+2x+3,令y=0得,-x2+2x+3=0,解得x1=-1,x2=3,∴点A(-1,0),点B(3,0),当x=1时,y=-12+2+3=4,∴点D的坐标为(1,4).如解图,过D作DM⊥AB于M,则OM=1,DM=4,∴S四边形ABDC=S△AOC+S四边形OMDC+S△BMD
111
=AO·OC+(OC+MD)·OM+BM·DM
222
111
=×1×3+×(3+4)×1+×4×2
222
=9.
(3)设点P的坐标为(t,0),则PC2=t2+32,PB2=(3-t)2,∴BC2=32+32=18,若△PBC是等腰三角形,则有①PC2=PB2,即t2+9=(3-t)2,解得t=0,此时点P的坐标为(0,0);②PC2=BC2,则t2+9=18,解得t=3(舍)或t=-3,此时点P的坐标为(-3,0);③PB2=BC2则(3-t)2=18,解得t=3+32或t=3-32,此时点P的坐标为(3+32,0)或(3-32,0).
2.解:
(1)由抛物线的顶点为N(-1,433),故设抛物线的顶点式为
3
将点M(-2,3)代入解析式得,
243
a×(-2+1)2+=3,
3
解得a=3,
3
∴抛物线的解析式为y=-3(x+1)2+43.
33
即y=3x223x+3.
33
(2)对于抛物线y=3x2-23x+3,令y=0,
33
得3x2-23x+3=0,
33
解得x1=1,x2=-3,
∴点A(1,0),点B(-3,0),令抛物线x=0,得y=3,
∴点C的坐标为(0,3).
∴AB2=42=16,AC2=12+(3)2=4,BC2=32+(3)2=12,
∴AB2=AC2+BC2,∴△ABC是直角三角形.
(3)由抛物线顶点N(-1,43)知抛物线的对称轴为x=-1,
3
设点Q的坐标为(-1,t),
则BQ2=(-3+1)2+t2=4+t2,CQ2=(-1)2+(t-3)2=t2-23t+4,BC2=12.要使△BQC是直角三角形,
(ⅰ)当∠BQC=90°,则BQ2+QC2=BC2,
即4+t2+t2-23t+4=12,
解得t1=23+211,t2=23-23,此时点Q的坐标为(-1,23+211)或(-1,
311);
-);22
(ⅱ)当∠QBC=90°,则BQ2+BC2=QC2,
即4+t2+12=t2-23t+4,解得t=-23,此时点Q的坐标为(-1,-23);
(ⅲ)当∠BCQ=90°时,则QC2+BC2=BQ2,
即t2-23t+4+12=4+t2,解得t=23,此时点Q的坐标为(-1,23)
综上,当△QBC是直角三角形时,点Q坐标为(-1,3211),(-1,±23)
3.解:
(1)
∵点A(-1,0),C(0,2)在抛物线上,
1
m
∴2n2
3
n0,解得m32
n2
∴抛物线解析式为y=-12x2+23x+2;
(2)△ACD是等腰三角形.
理由:
∵抛物线y=-1x2+3x+2的对称轴为直线x=3,
222
3
∴点D(3,0),
2
∵A(-1,0),C(0,2),
∴AC=5,AD=1+3=5,CD=2(3)5,
∴AD=CD≠AC,∴△ACD是等腰三角形;
13
(3)令抛物线y=-1x2+3x+2=0,得x1=-1,x2=4,
22
∴点B的坐标为(4,0),则BC=25,
取BC的中点为S,则点S的坐标为(2,1);
3
设点P(3,t),
13
则PS=1BC=5,即(2-3)2+(t-1)2=5,22
解得t1=1+19,t2=1-19,
22
∴存在这样的点
P,其坐标为(3,1+19)或(3,1-19).
2222
4.解:
(1)当y=0时,x2-4x+3=0,
∴x1=1,x2=3,即:
A(1,0),B(3,0);
2)①二次函数L2与L1有关图象的两条相同的性质:
(Ⅰ)对称轴都为直线x=2或顶点的横坐标都为2;(Ⅱ)都经过A(1,0),B(3,0)两点;②存在实数k,使△ABP为等边三角形.∵y=kx2-4kx+3k=k(x-2)2-k,
∴顶点P(2,-k).
∵A(1,0),B(3,0),∴AB=2,
要使△ABP为等边三角形,必满足|-k|=3,∴k=±3;
③线段EF的长度不会发生变化∵直线y=8k与抛物线L2交于点E、F两点,
∴kx2-4kx+3k=8k,
∵k≠0∴,x2-4x+3=8,
∴x1=-1,x2=5,∴EF=x2-x1=6,
∴线段EF的长度不会发生变化且EF=6.
类型二与特殊四边形形状有关
针对演练
1.抛物线y=x2+bx+c经过A(0,2),B(3,2)两点,点D在x轴的正半轴.
(1)求抛物线与x轴的交点坐标;
(2)若点C为抛物线与x轴的交点,是否存在点D,使A、B、C、D四点围成的四边形是平行四边形?
若存在,求点D的坐标;若不存在,说明理由.
2.如图,已知平面直角坐标系xOy中,O是坐标原点,抛物线y=-x2+bx+c(c>0)的顶点D在第二象限,与y轴的交点为C,过点C作CA∥x轴交抛物线于点A,在AC延长线上取点B,使AC=2BC,连接OA,OB,BD和AD.
(1)若点A的坐标为(-4,4),求抛物线的解析式;
(2)在
(1)的条件下,求直线BD的解析式;
(3)是否存在b、c使得四边形AOBD是矩形,若存在,直接写出b与c的关系式;若不存在,说明理由.
4
3.如图,已知直线y=3x+8与x轴交于点A,与y轴交于点B,C是线段AB
3
的中点,抛物线y=ax2+bx+c(a>0)过O、A两点,且其顶点的纵坐标为4.
(1)分别写出A、B、C三点的坐标;
(2)求抛物线的函数解析式;
(3)在抛物线上是否存在点P,使得以O、P、B、C为顶点的四边形是菱形?
若存在,求所有满足条件的点P的坐标;若不存在,请说明理由.
4.('15毕节16分)如图,抛物线y=x2+bx+c与x轴交于A(-1,0),B(3,0)两点,顶点M关于x轴的对称点是M′.第4题图
(1)求抛物线的解析式;
(2)若直线AM′与此抛物线的另一个交点为C,求△CAB的面积;
(3)是否存在过A、B两点的抛物线,其顶点P关于x轴的对称点为Q,使得四边形APBQ为正方形?
若存在,求出此抛物线的解析式;若不存在,请说明理由.
5.('1黄5冈14分)如图,在矩形OABC中,OA=5,AB=4,点D为边AB上一点,将△BCD沿直线CD折叠,使点B恰好落在OA边上的点E处,分别以OC,
OA所在的直线为x轴,y轴建立平面直角坐标系.
(1)求OE的长;
(2)求经过O,D,C三点的抛物线的解析式;
(3)一动点P从点C出发,沿CB以每秒2个单位长的速度向点B运动,同时动点Q从E点出发,沿EC以每秒1个单位长的速度向点C运动,当点P到达点B时,两点同时停止运动.设运动时间为t秒,当t为何值时,DP=DQ;(4)若点N在
(2)中的抛物线的对称轴上,点M在抛物线上,是否存在这样的点M与点N,使得以M,N,C,E为顶点的四边形是平行四边形?
若存在,请求出M点的坐标;若不存在,请说明理由
答案
1.解:
(1)把A(0,2),B(3,2)代入y=x2+bx+c,得
c2
93bc
2,解得cb
3,
2
∴抛物线的解析式为:
y=x2-3x+2,当y=0时,x2-3x+2=0,解得x1=1,x2=2,∴抛物线与x轴的交点坐标为(1,0)、(2,0).
(2)存在.理由:
∵A(0,2),B(3,2),∴AB∥x轴,且AB=3,要使A、B、C、D四点为顶点的四边形是平行四边形,则只要CD=AB=3.
1当C点坐标为(1,0)时,D坐标为(4,0);
2当C点坐标为(2,0)时,D坐标为(5,0).
D点的坐标
∴存在点D,使以A,B,C,D四点为顶点的四边形是平行四边形,为(4,0)或(5,0).
2.解:
(1)∵CA∥x轴,点A的坐标为(-4,4),
∴点C的坐标为(0,4),
将点A与点C代入y=-x2+bx+c得
164bcc4
4b
4,解得bc
∴抛物线的解析式为y=-x2-4x+4;
(2)∵AC=2BC,∴BC=2,
∴点B的坐标为(2,4),
由抛物线y=-x2-4x+4得顶点D的坐标为(-2,8),
设直线BD的解析式为y=kx+m,
∴直线BD的解析式为y=-x+6.
(3)存在,b与c的关系式为b=-2c.
【解法提示】∵点C的坐标为(0,c),抛物线的对称轴为x=b<0,即b<0,
2
AC∥x轴,
∴点A的坐标为(b,c),∵AC=2BC,∴点B的坐标为(-b,c),
2
则AB的中点坐标为(b,c),
4
若四边形AOBD是矩形,
则需①OD的中点坐标为(b,c);②OD=AB,
4
由①得点D的坐标为(b,2c),
4
由②得(3b)2=(b)2+(2c)2,整理得2c2=b2,
24
∵c>0,b<0,
∴b=-2c.
4
3.解:
(1)令y=0,即-3x+8=0,得x=6,∴A点坐标为(6,0),
3
令x=0,则y=8,∴B点坐标为(0,8),
∴C点坐标为(3,4).
(2)∵点C在抛物线的对称轴上,∴抛物线顶点坐标为(3,-4).
3
27
0,解得
c0
依题意有36a6bc
9a3bc
3)存在.
∵∠AOB=90°,A(6,0)、B(0,8),
∴ABOA2OB2628210,
∵C是AB的中点,
1
∴OC=AB=BC=5,
2
∵OB=8,∴OB>OC,且OB>BC,
∴当以O、P、B、C为顶点的四边形是菱形时,OB是菱形的对角线,连接PC,则OB是PC的垂直平分线,
∴点P与点C关于y轴对称,
∵C(3,4),
∴P(-3,4),
把点P(-3,4)代入抛物线解析式y4x28x得:
279
当x=-3时,y=4×(-3)2-8×(-3)=4,
279
∴点P(-3,4)在抛物线上.
故在抛物线上存在点P,使以O、P、B、C为顶点的四边形是菱形,且点P的坐标是(-3,4).
4.解:
(1)∵抛物线与x轴交于点A(-1,0),B(3,0),
∴抛物线的解析式为y=(x+1)(x-3)=x2-2x-3;⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯(4分)
(2)∵抛物线y=x2-2x-3=(x-1)2-4,
∴点M的坐标为(1,-4).
∵点M与点M′关于x轴对称,∴点M′的坐标为(1,4),
设直线AM′的解析式为y=kx+m,
将点A(-1,0),点M′(1,4)代入得,
km0,解得k2,
km4m2
∴直线AM′的解析式为y=2x+2,
6分)
8分)
将直线AM′与抛物线y=x2-2x-3联立得
∴点C的坐标为(5,12),⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯(10分)又∵AB=3-(-1)=4,
1
∴S△CAB=×4×12=24.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯(12分)
2
(3)∵四边形APBQ是正方形,
∴PQ垂直且平分AB,且PQ=AB,
1
设PQ与x轴交点为N,则PN=1AB=2,
2
∵抛物线的对称轴为x=1,
∴点P的坐标为(1,2)或(1,-2).⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯(13分)
设过A、B两点的抛物线的解析式为y=a(x+1)(x-3),
1
将点(1,2)代入得a=-1,
2
113
此时抛物线解析式为y=-1(x+1)(x-3)=-1x2+x+3;⋯⋯⋯⋯⋯⋯(15分)
222
将点(1,-2)代入得a=1,
2
113
此时抛物线解析式为y1(x1)(x3)1x2x.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯(16分)
5.解:
(1)∵四边形OABC为矩形,
∴BC=OA=5,OC=AB=4,∠COA=90°,
又∵△CED是△BCD沿直线CD折叠得到的,点B的对应点为点E,
∴CE=BC=5,
在Rt△COE中,OE2=CE2-OC2,
∴OE=5242,
∴OE=3.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯(2分)
(2)设AD=m,
则DE=BD=4-m.∵OE=3,∴AE=OA-OE=5-3=2.
在Rt△ADE中,AD2+AE2=DE2,即m2+22=(4-m)2,
3
∴m=,
2
3
∴D(-3,-5).⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯(4分)
2
又∵C(-4,0),O(0,0),
2
4∴a=,
3
∴PB=QE,即CB-CP=EQ.
∴5-2t=t,
解得t=35.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯(8分)
(4)(ⅰ)如解图②,当M点在对称轴右侧,即为M1点,M1N∥CE且M1N=CE时,四边形ECNM1为平行四边形,过M1作M1F垂直对称轴于点F,则△M1FN≌△COE,∴FM1=OC,∵对称轴为直线x=-2,
∴此时,点M1的横坐标为2,
对于y=4x2+16x,当x=2时,y=16,
33
∴点M1的坐标为(2,16).
(ⅱ)如解图③,当M点在对称轴左侧,即为M2,
且M2N=CE时,四边形ECM2N为平行四边形,
2F垂直对称轴于点F,则△M2FN≌△COE,∴FM2=OC,
∴此时,点M2的横坐标为-6.
对于y=4x2+16x,当x=-6时,y=16,
33
(10分)
(12分)
∴点M2的坐标为(-6,16).
(ⅲ)如解图④,当M点在抛物线的顶点上,即为点M3,CN∥M3E且CN=M3E时,四边形EM3CN为平行四边形,CE与NM3相交于点O′,则O′为线段CE的中点,
又∵点M3在对称轴上,则M3的横坐标为-2,
对于y=4x2+16x,当x=-2时,y=-16,
333
16
∴点M3的坐标为(-2,-).
316
综上所述,当点M的坐标为(2,16)、(-6,16)、(-2,-16)时,以M,N,C,E
3
为顶点的四边形为平行四边形
类型三与三角形相似有关
针对演练
12
1.('15黔南州12分)如图,在平面直角坐标系xOy中,抛物线y=-1x2+bx+c
过点A(0,4)和C(8,0),P(t,0)是x轴正半轴上的一个动点,M是线段AP的中点,将线段MP绕点P顺时针旋转90°得线段PB.过点B作x轴的垂线,过点A作y轴的垂线,两直线相交于点D.
(1)求b、c的值;
(2)当t为何值时,点D落在抛物线上;
(3)是否存在t,使得以A、B、D为顶点的三角形与△AOP相似?
若存在,求此时t的值;若不存在,请说明理由.
2.('15常德模拟)已知抛物线y=ax2-2x+c与x轴交于A(-1,0)、B两点,与1
y轴交于点C,对称轴为x=1,顶点为E,直线y=-x+1交y轴于点D.
(1)求抛物线的解析式;
(2)求证:
△BCE∽△BOD;
(3)点P是抛物线上的一动点,当点P运动到什么位置时,△BDP的面积等于
△BOE的面积?
答案
1
解:
(1)由抛物线y=-x2+bx+c过点A(0,4)和C(8,0)可得,
6
由
(2)知△AOP∽△PEB,则OPAP2,
BEPB
即tt2441t
2
整理得t2+16=0,
解得t1=-2+25或t2=-2-25(舍去);
若△POA∽△BDA,同理可得t无解.综上可知,当t=-2+25或8+45时,以A、
似.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯(12分)
2b2
2.解:
(1)由抛物线y=ax2-2x+c得,对称轴x1,∴a=1,
2a2a
将点A(-1,0)及a=1,代入y=ax2-2x+c中,得1+2+c=0,c=-3,
∴抛物线的解析式:
y=x2-2x-3;
(2)由抛物线的解析式y=x2-2x-3=(x-1)2-4=(x+1)(x-3),得点C(0,-3)、B(3,
0)、E(1,-4).
易知点D(0,1),则有:
OD=1,OB=3,BD=10,CE=2,BC=32,BE=25,
∴ODOBBD,
∴CEBCBE,
∴△BCE∽△BOD;
11
(3)S△BOE=×BO×|yE|=×3×4=6,
22
112
∴S△BDP=×BD×h=S△BOE=6,即h=,
210
在y轴上取点M,过点M作MN1⊥BD于N1,
使得MN1=h=
12
10
在Rt△MN1D中,
sin∠MDN1=sin∠BDO=
OB
BD
12
且MN1=12;
10
则MD=MN1=4;
sinMDN1
∴点M(0,-3)或(0,5).过点M作直线l⊥MN2,如解图,
11
则直线l:
y=-x-3或y=-x+5.
33
10
联立抛物线的解析式有:
2
x2*2x3y
解得:
x10
x2
y1
3y2
532或
x3
y3
5313
6x4
85313
18
y4
5313
6
85313
18
5
∴当点P的坐标为(0,-3),(5,
3
5
32
313,313),(5313
,),(
6186
类型四与图形面积函数关系式、最值有关
针对演练
5
1.('15安顺26题14分)如图,抛物线y=ax2+bx+5与直线AB交于点
2
A(-1,0),B(4,52).点D是抛物线A,B两点间部分上的一个动点(不与点A,B重合),直线CD与y轴平行,交直线AB于点C,连接AD,BD.
(1)求抛物线的解析式;
(2)设点D的横坐标为m,△ADB的面积为S,求S关于m的函数关系式,并
求出当S取最大值时的点C的坐标.
3)在
(1)中的抛物线上的第二象限上是否存在一点P,使△PBC的面积最大?
若存在,求出点P的坐标及△PBC的面积最大值;若没有,请说明理由.
3.('15永州模拟)如图,已知平面直角坐标系xOy中,抛物线y=ax2+bx+c的对称轴为x=0,点A(m,6),B(n,1)为两动点,其中0(1)求证:
mn=-6;
(2)当S△AOB=10时,抛物线经过A,B两