最新人教版九年级上册期中考试复习训练卷含答案.docx
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最新人教版九年级上册期中考试复习训练卷含答案
人教版2020年九年级上册期中考试复习训练卷
一.选择题
1.方程4x2=81的一次项系数为( )
A.4B.0C.81D.﹣81
2.下列图形中,是中心对称图形的是( )
A.
B.
C.
D.
3.以原点为中心,把点A(4,5)逆时针旋转90°,得点B,则点B坐标是( )
A.(﹣4,5)B.(﹣5,4)C.(﹣5,﹣4)D.(5,﹣4)
4.抛物线y=(x+1)2﹣1的顶点坐标为( )
A.(﹣1,﹣1)B.(1,﹣1)C.(﹣1,1)D.(1,1)
5.一元二次方程x2﹣7=0的根的情况是( )
A.有两相等实根B.有两不等实根
C.无实根D.无法判断
6.如图,小明坐在秋千上,秋千旋转了76°,小明的位置也从A点运动到了A′点,则∠OAA′的度数为( )
A.28°B.52°C.74°D.76°
7.某银行经过最近的两次降息,使一年期存款的年利率由2.25%将至1.98%,设平均每次降息的百分比是x,根据题意,所列方程正确的是( )
A.2.25%(1﹣x2)=1.98%B.2.25%﹣2.25%×2x=1.98%
C.2.25%(1﹣x)2=1.98%D.2.25%(1﹣x﹣x2)=1.98%
8.二次函数y=ax2+bx+c,自变量x与函数y的对应值如表:
x
…
﹣5
﹣4
﹣3
﹣2
﹣1
0
…
y
…
4
0
﹣2
﹣2
0
4
…
下列说法正确的是( )
A.抛物线的开口向下
B.当x>﹣3时,y随x的增大而增大
C.二次函数的最小值是﹣2
D.抛物线的对称轴是直线x=﹣
9.已知关于x的二次函数y=﹣(x﹣h)2+3,当1≤x≤3时,函数有最小值h,则h的值为( )
A.﹣1或3B.2C.2或3D.﹣1
10.如图,矩形ABCD中,AB=3BC=6cm,动点E和动点F以1cm/s的速度从点A出发,分别沿折线ADC和折线ABC运动到点C停止;同时,动点G和动点H也以1cm/s的速度从点C出发,分别沿折线CBA和折线CDA运动到点A停止.若点E,F,G,H同时出发了ts,记封闭图形EFGH的面积为Scm2,则S关于t的函数图象大致为( )
A.
B.
D.
二.填空题
11.已知点A(a,5)与点B(﹣3,b)关于原点对称,则a+b的值是 .
12.将抛物线y=2x2的图象向上平移1个单位长度后,所得抛物线的解析式为 .
13.如图,将△ABC绕点A逆时针旋转一定角度,得到△ADE,此时点C恰好在线段DE上,若∠B=40°,∠CAE=60°,则∠DAC的度数为 .
14.正方形绕其中心旋转一定角度后能与自身重合,旋转角至少为 度.
15.已知x1、x2是方程x2+x﹣2017=0的两个实数根,则x12+2x1+x2的值为 .
16.二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)的部分图象如图,图象过点(﹣1,0),对称轴为直线x=2.下列结论:
①4a+b=0;②9a+c>3b;③当x>﹣1时,y的值随x值的增大而增大;④当函数值y<0时,自变量x的取值范围是x<﹣1或x>5;⑤8a+7b+2c>0.其中正确的结论是 .
三.解答题(共8小题)
17.解方程:
2x2+3x﹣1=0.
18.已知抛物线的顶点坐标为(2,﹣1),且过点(﹣1,8).
(1)求抛物线的解析式;
(2)当y<3时,求x的取值范围.
19.△ABC在平面直角坐标系中的位置如图,将△ABC绕点O逆时针旋转90°,得到△A1B1C1.
(1)画出旋转后的△A1B1C1;
(2)分别写出A1,B1,C1的坐标.
20.已知关于x的一元二次方程x2﹣(2k+1)x+k2+k=0.
(1)求证:
方程有两个不相等的实数根;
(2)若△ABC的两边AB,AC的长是这个方程的两个实数根.第三边BC的长为5,当△ABC是等腰三角形时,求k的值.
21.如图是抛物线形的拱桥,当拱顶离水面3m时,水面宽6m.
(1)建立如图所示的平面直角坐标系,求抛物线的解析式;
(2)如果水面上升1m,则水面宽度减少多少米?
22.如图,将等腰△ABC绕顶点B逆时针方向旋转α度到△A1BC1的位置,AB与A1C1相交于点D,AC与A1C1、BC1分别交于点E、F.
(1)求证:
△BCF≌△BA1D.
(2)当∠C=α度时,判定四边形A1BCE的形状并说明理由.
23.如图,在△ABC中,∠B=90°,AB=12cm,BC=24cm,动点P从点A开始沿边AB向点B以2cm/s的速度移动,动点Q从点B开始沿边BC向点C以4cm/s的速度移动,如果P、Q两点分别从A,B两点同时出发,设运动时间为t,
(1)AP= ,BP= ,BQ= ;
(2)t为何值△时△PBQ的面积为32cm2?
(3)t为何值时△PBQ的面积最大?
最大面积是多少?
24.在△ABC中,AB=BC=2
,∠ABC=120°,△CDE为等边三角形,CD=2,连接AD,M为AD中点.
(1)如图1,当B,C,E三点共线时,请画出△EDM关于点M的中心对称图形,并证明BM⊥ME;
(2)如图2,当A,C,E三点共线时,求BM的长;
(3)如图3,取BE中点N,连MN,将△CDE绕点C旋转,直接写出旋转过程中线段MN的取值范围是 .
25.如图,抛物线y=ax2+2ax﹣3与x轴交于A,B两点(点A在点B的左侧),与y轴交于点C′,且OA=OC,连接AC.
(1)求抛物线的解析式.
(2)若点P是直线AC下方抛物线上一动点,求△ACP面积的最大值及此时点P的坐标.
(3)若点E在抛物线的对称轴上,抛物线上是否存在点F,使以A,B,E,F为顶点的四边形是平行四边形?
若存在,求出所有满足条件的点F的坐标;若不存在,请说明理由.
参考答案与试题解析
一.选择题
1.B.2.D.3.B.4.A.5.B.6.B.7.C.8.D.9.B.
10.解:
①当0≤t≤2时,如题干图所示,
EA=FA=HC=GC=t,
则S△AEF=S△CGH=
×CH×CG=
t2,S△EDH=S△BFG=
×BF×BG=
(2﹣t)(6﹣t),
则S=S矩形ABCD﹣(S△AEF+S△CGH+S△EDH+S△BFG)=12﹣[t2+(2﹣t)(6﹣t)]=﹣2t2+8t,
函数对应的图象为开口向下的抛物线;
②当2<t≤4,如下图:
则EH=6﹣(t﹣2)﹣t=8﹣2t=GF,而EH∥FG,
故封闭图形EFGH为平行四边形,
则S=EH×AD=2×(8﹣2t)=16﹣4t,
对应的图象为一次函数;
③当4<t≤6时,
同理可得:
S=4x﹣16,
④当6<t≤
8时,
同理可得:
S=﹣2x2+24x﹣64,
函数对应的图象为开口向下的抛物线;
故选:
D.
二.填空题
11.﹣2.12.y=2x2+1.13.20°14.90.15.2016.
16.解:
抛物线过点(﹣1,0),对称轴为直线x=2.
∴x=﹣
=2,与x轴的另一个交点为(5,0),
即,4a+b=0,故①正确;
当x=﹣3时,y=9a﹣3b+c<0,即,9a+c<3b,因此②不正确;
当x<2时,y的值随x值的增大而增大,因此③不正确;
抛物线与x轴的两个交点为(﹣1,0),(5,0),又a<0,因此当函数值y<0时,自变量x的取值范围是x<﹣1或x>5,故④正确;
当x=3时,y=9a+3b+c>0,
当x=4时,y=16a+4b+c>0,
∴25a+7b+2c>0,
又∵a<0,
∴8a+7b+c>0,故⑤正确;
综上所述,正确的结论有:
①④⑤,
故答案为:
①④⑤.
三.解答题(共8小题)
17.解:
这里a=2,b=3,c=﹣1,
∵△=9+8=17,
∴x=
.
18.解:
设该抛物线的解析式为:
y=a(x﹣2)2﹣1,
∵该抛物线过点(﹣1,8),
∴a(﹣1﹣2)2﹣1=8,
解得:
a=1,
∴抛物线的解析式为y=(x﹣2)2﹣1;
(2)令y=3,则(x﹣2)2﹣1=3,
解得x=4或x=0,
∵a=1,
∴抛物线开口向上,
∴当y<3时,求x的取值范围是0<x<4.
19.解:
(1)如图,△A1B1C1即为所求.
(2)A1(﹣5,﹣3),B1,(﹣1,﹣2),C1(﹣3,﹣1).
20.
(1)证明:
∵△=(2k+1)2﹣4(k2+k)=1>0,
∴方程有两个不相等的实数根;
(2)解:
一元二次方程x2﹣(2k+1)x+k2+k=0的解为x=
,即x1=k,x2=k+1,
∵k<k+1,
∴AB≠AC.
当AB=k,AC=k+1,且AB=BC时,△ABC是等腰三角形,则k=5;
当AB=k,AC=k+1,且AC=BC时,△ABC是等腰三角形,则k+1=5,解得k=4,
综合上述,k的值为5或4.
21.解:
(1)从图象看,抛物线的顶点为(3,3),
设抛物线的表达式为y=a(x﹣3)2+3,
抛物线过原点,故当x=0时,y=a(0﹣3)2+3=0,
解得:
a=﹣
,
故抛物线的表达式为y=﹣
(x﹣3)2+3=﹣
x2+2x;
(2)当水面上升1m时,令y=1,则y=﹣
x2+2x=1,解得:
x=3
,
故此时水面宽为3+
﹣(3﹣
)=2
(米),
则水面宽度减少6﹣2
米.
22.
(1)证明:
∵△ABC是等腰三角形,
∴AB=BC,∠A=∠C,
∵将等腰△ABC绕顶点B逆时针方向旋转α度到△A1BC1的位置,
∴A1B=AB=BC,∠A=∠A1=∠C,∠A1BD=∠CBC1,
在△BCF与△BA1D中,
,
∴△BCF≌△BA1D;
(2)解:
四边形A1BCE是菱形,
∵将等腰△ABC绕顶点B逆时针方向旋转α度到△A1BC1的位置,
∴∠A1=∠A,
∵∠ADE=∠A1DB,
∴∠AED=∠A1BD=α,
∴∠DEC=180°﹣α,
∵∠C=α,
∴∠A1=α,
∴∠A1BC=360°﹣∠A1﹣∠C﹣∠A1EC=180°﹣α,
∴∠A1=∠C,∠A1BC=∠A1EC,
∴四边形A1BCE是平行四边形,
∵A1B=BC,
∴四边形A1BCE是菱形.
23.解:
(1)根据题意得:
AP=2tcm,BQ=4tcm,
所以BP=(12﹣2t)cm,
故答案为:
2tcm,(12﹣2t)cm,4tcm;
(2)△PBQ的面积S=
=
(12﹣2t)×4t
=﹣4t2+24t=32,
解得:
t=2或4,
即当t=2秒或4秒时,△PBQ的面积是32cm2;
(3)S=﹣4t2+24t
=﹣4(t﹣3)2+36,
所以当t为3时△PBQ的面积最大,最大面积是36cm2.
24.解:
(1)证明:
如图1,
延长BA,EM交于点F,即:
△FAM即为所求,
∵△CDE是等边三角形,
∴CD=CE=DE,∠CED=60°,
∵∠ABC=120°,
∴∠ABC+∠CED=180°,
∵B,C,E三点共线,
∴AB∥DE,
∴∠FAM=∠MDE,∠MED=∠F,
∵点M是AD中点,
∴AM=DM,
∴△AMF≌△DME,
∴AF=DE=CE,FM=ME,
∵AB=BC,
∴BF=BE,
∴BM⊥ME;
(2)证明:
如图2,延长EM到点F,使MF=ME,连接BF,AF,BE,
∵AM=DM,∠FMA=∠DME,
∴△AMF≌△DMF,
∴AF=DE=CE,∠FAD=∠ADE,
在四边形BADE中,∵∠BAD+∠ADE+∠DEB+∠EBA=360°,
∵∠ABC=120°,∠CED=60°,
∴∠CBE+∠CEB+∠BAD+∠ADE=180°,
∵∠CBE+∠CEB+∠BCE=180°,
∴∠BCE=∠BAD+∠ADE,
∴∠BCE=∠BAF,
∵AB=AC,
∴△AFB≌△CEB,
∴BF=BE,∠ABF=∠CBE,
∴∠FBE=∠ABC=120°,∠BEF=30°,
∴∠BME=90°,BE=2BM.
在△ABC中,AB=AC=2
,∠ABC=120°,∴∠BAC=30°,
过点B作BG⊥AC于G,
∴BG=
,CG=AG=3,
∴EG=CG+CE=3+2=5
在Rt△BCE中,根据勾股定理得,BE=2
,
∴BM=
;
(3)如图3,延长EM到点F,使MF=ME,连接BF,AF,BM,
∵AM=DM,∠FMA=∠DME,
∴△AMF≌△DME,
∴AF=DE=CE,∠FAD=∠ADE,
在四边形BADE中,∵∠BAD+∠ADE+∠DEB+∠EBA=360°,
∵∠ABC=120°,∠CED=60°,
∴∠CBE+∠CEB+∠BAD+∠ADE=180°,
∵∠CBE+∠CEB+∠BCE=180°,
∴∠BCE=∠BAD+∠ADE,
∴∠BCE=∠BAF,
∵AB=CB,
∴△AFB≌△CEB,
∴BF=BE,∠ABF=∠CBE,
∴∠FBE=∠ABC=120°,∠BEF=30°,
∴∠BME=90°,
∵点N是BE的中点,
∴MN=
BE,
即:
BE=2MN,
在△BCE中,BC=2
,CE=CD=2,
∴2
﹣2<BE<2
+2,
∴2
﹣2<2MN<2
+2,
即:
﹣1≤MN≤
+1,
故答案为:
﹣1≤MN≤
+1.
25.解:
(1)由函数的表达式知,c=﹣3,故OC=3=OA,则点A(﹣3,0),
将点A的坐标代入抛物线表达式得:
9a﹣6a﹣3=0,解得a=1,
故抛物线的表达式为y=x2+2x﹣3;
(2)对于y=x2+2x﹣3,令y=0,即y=x2+2x﹣3=0,解得x=﹣3或1,故点B(1,0),函数的对称轴为直线x=﹣1,
由点A、C的坐标得,直线AC的表达式为y=﹣x﹣3,
过点P作PH∥y轴交AC于点H,
设点P(x,x2+2x﹣3),则点H(x,﹣x﹣3)
则△ACP面积=S△PHA+S△PHC=
×PH×OA=
(﹣x﹣3﹣x2﹣2x+3)=﹣
(x2+3x),
∵
<0,故△ACP面积有最大值,当x=﹣
时,△ACP面积的最大值为
,
此时点P(﹣
,﹣
);
(3)对于y=x2+2x﹣3,函数的对称轴为x=﹣1,
令y=0,即y=x2+2x﹣3=0,解得x=﹣3或1,
故点C(﹣3,0),
设点F(m,n),即n=m2+2m﹣3①,点E(﹣1,t),
①当AB是边时,
点A向右平移4个单位得到点B,同样点F(E)向右平移4个单位得到点E(F),
即m±4=﹣1②,
联立①②并解得
或
,
故点F的坐标为(﹣5,12)或(3,12);
②当AB是对角线时,
由中点公式得:
(1﹣3)=
(m﹣1)③,
联立①③并解得
,
故点F的坐标为(﹣1,﹣4);
综上,点F的坐标为(﹣5,12)或(3,12)或(﹣1,﹣4).