届高考物理复习一选择题组合练a卷 含答案.docx

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届高考物理复习一选择题组合练a卷含答案

一、选择题组合练

A卷

一、单项选择题

1．（2016·佛山二模）明代出版的《天工开物》一书中就有牛力齿轮翻车的图画（如图），记录了我们祖先的劳动智慧．若A、B、C三齿轮半径的大小关系如图，则（　　）

A．齿轮A的角速度比C的大

B．齿轮A与B角速度大小相等

C．齿轮B与C边缘的线速度大小相等

D．齿轮A边缘的线速度比C边缘的大

解析：

由图可知rA>rB>rC，A齿轮边缘与B齿轮边缘线速度大小是相等的，即vA＝vB，由v＝ωr，可得＝，则ωA<ωB；B齿轮与C齿轮共轴，则B齿轮与C齿轮角速度大小相等，即ωB＝ωC，由v＝ωr，可得齿轮B与C边缘的线速度之比＝，则vB>vC，综上所述可知：

vA＝vB>vC，ωB＝ωC>ωA，则A、B、C错误，D正确．

答案：

D

2.（2016·北京卷）如图所示，匀强磁场中有两个导体圆环a、b，磁场方向与圆环所在平面垂直．磁感应强度B随时间均匀增大．两圆环半径之比为2∶1，圆环中产生的感应电动势分别为Ea和Eb.不考虑两圆环间的相互影响．下列说法正确的是（　　）

A．Ea∶Eb＝4∶1，感应电流均沿逆时针方向

B．Ea∶Eb＝4∶1，感应电流均沿顺时针方向

C．Ea∶Eb＝2∶1，感应电流均沿逆时针方向

D．Ea∶Eb＝2∶1，感应电流均沿顺时针方向

解析：

由楞次定律知，题中圆环感应电流产生的磁场与原磁场方向相反，故感应电流沿顺时针方向．由法拉第电磁感应定律知E＝＝＝，由于两圆环半径之比Ra∶Rb＝2∶1，所以Ea∶Eb＝4∶1，选项B正确．

答案：

B

3.（2016·山西右玉一模）一小球以一定的初速度从图示位置进入光滑的轨道，小球先进入圆轨道1，再进入圆轨道2，圆轨道1的半径为R，圆轨道2的半径是轨道1的1.8倍，小球的质量为m，若小球恰好能通过轨道2的最高点B，则小球在轨道1上经过A处时对轨道的压力为（　　）

（导学号59230118）

A．2mg　　　　　　　　B．3mg

C．4mgD．5mg

解析：

小球恰好能通过轨道2的最高点B时，有mg＝，小球在轨道1上经过A处时，有F＋mg＝，根据机械能守恒，有1.6mgR＝mv－mv，解得F＝4mg，C项正确．

答案：

C

4．（2016·安康二调）某行星的质量约为地球质量的，半径约为地球半径的，那么在此行星上的“第一宇宙速度”与地球上的第一宇宙速度之比为（　　）

A．2∶1B．1∶2

C．1∶4D．4∶1

解析：

设地球质量为M，地球半径为R，由＝m，可知地球上的第一宇宙速度v地＝，同理，得行星上的第一宇宙速度v行＝＝2，

所以v行∶v地＝2∶1，则A正确，B、C、D错误．

答案：

A

5．（2016·福建漳州二模）两个不规则带电导体间的电场线分布如图所示，已知导体附近的电场线均与导体表面垂直，a、b、c、d为电场中几个点，并且a、d为紧靠导体表面的两点，选无穷远为电势零点，则（　　）

A．场强大小关系有Eb>Ec

B．电势大小关系有φb<φd

C．将一负电荷放在d点时其电势能为负值

D．将一正电荷由a点移到d点的过程中电场力做正功

解析：

根据电场中电场线的疏密代表电场强度的大小，可知Ebφd，则B错误；利用电势能公式Ep＝φq，又知φd<0，则将负电荷放在d点时其电势能为正值，所以C错误；由图知a点电势高于d点电势，则将一正电荷由a点移到d点的过程中电场力做正功，所以D正确．

答案：

D

6．（2016·广州综合测试

（一））如图，窗子上、下沿间的高度H＝1.6m，墙的厚度d＝0.4m，某人在离墙壁距离L＝1.4m、距窗子上沿h＝0.2m处的P点，将可视为质点的小物件以v的速度水平抛出，小物件直接穿过窗口并落在水平地面上，g取10m/s2.则v的取值范围是（　　）

（导学号59230119）

A．v>7m/sB．v<2.3m/s

C．3m/s

解析：

小物件做平抛运动，可根据平抛运动规律解题．若小物件恰好经窗子上沿，则有h＝gt，L＝v1t1，得v1＝7m/s，若小物件恰好经窗子下沿，则有h＋H＝gt，L＋d＝v2t2，得v2＝3m/s，所以3m/s

答案：

C

7.（2016·衡阳联考）如图所示，矩形虚线框MNPQ内有一匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里．a、b、c是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹．粒子重力不计．下列说法正确的是（　　）

A．粒子a带负电

B．粒子c的动能最大

C．粒子b在磁场中运动的时间最长

D．粒子b在磁场中运动时的向心力最大

解析：

由左手定则可知，a粒子带正电，故A错误；由qvB＝m，可得r＝，由图可知粒子c的轨迹半径最小，粒子b的轨迹半径最大，又m、q、B相同，所以粒子c的速度最小，粒子b的速度最大，由Ek＝mv2，知粒子c的动能最小，根据洛伦兹力提供向心力有f向＝qvB，则可知粒子b的向心力最大，故D正确、B错误；由T＝，可知粒子a、b、c的周期相同，但是粒子b的轨迹所对的圆心角最小，则粒子b在磁场中运动的时间最短，故C错误．

答案：

D

8．（2016·佛山二模）如图所示，两个小球a、b质量均为m，用细线相连并悬挂于O点，现用一轻质弹簧给小球a施加一个拉力F，使整个装置处于静止状态，且Oa与竖直方向夹角为θ＝45°，已知弹簧的劲度系数为k，则弹簧形变量不可能是（　　）

A.B.

C.D.

解析：

对a球进行受力分析，利用图解法可判断：

当弹簧上的拉力F与上端细线上的拉力垂直时，拉力F最小，为Fmin＝2mgcosθ＝mg，再根据胡克定律得：

最小形变量Δx＝，则形变量小于是不可能的，由图可知在条件允许的情况下，拉力可以一直增大，所以应该选B.

答案：

B

二、多项选择题

9．（2016·全国乙卷）如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO′悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b.外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态．若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则（　　）

A．绳OO′的张力也在一定范围内变化

B．物块b所受到的支持力也在一定范围内变化

C．连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化

D．物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化

解析：

因为物块b始终保持静止，所以绳OO′的张力不变，连接a和b的绳的张力也不变，选项A、C错误；拉力F大小变化，F的水平分量和竖直分量都发生变化，由共点力的平衡条件知，物块b受到的支持力和摩擦力在一定范围内变化，选项B、D正确．

答案：

BD

10．质点沿光滑斜面向上做匀减速直线运动，0～2s内质点的位移为x12＝24.5m，在第5s内的位移大小为x2＝1.75m，则下列说法正确的是（　　）（导学号59230120）

A．质点在第5s内的平均速度大小一定为1.75m/s

B．质点加速度大小一定为3.0m/s2

C．质点在t＝0时的速度大小一定为15.25m/s

D．质点在第2s内的位移可能为10.25m

解析：

质点在第5s内的平均速度大小5＝＝m/s＝1.75m/s，A选项正确.0～2s内的平均速度等于第1s末的速度，即v1＝1＝m/s＝12.25m/s；同理，第5s内的平均速度等于t＝4.5s时的速度，即v4.5＝5＝1.75m/s；若第5s内位移方向沿斜面向上，则加速度大小为a＝＝m/s2＝3.0m/s2；若第5s内位移方向沿斜面向下，则加速度大小为a′＝m/s2＝4m/s2，B选项错误．质点在t＝0时的速度大小v0＝v1＋a·1s或v0＝v1＋a′·1s，v0可能为15.25m/s或16.25m/s，C选项错误．由Δx＝aT2可知第2s内的位移比第1s少Δx＝3m或Δx＝4m，且有x1－x2＝Δx或x1－x2＝Δx′、x1＋x2＝x12，故质点在第2s内的位移可能是10.75m或10.25m，D选项正确．

答案：

AD

11．（2016·全国甲卷）两实心小球甲和乙由同一种材料制成，甲球质量大于乙球质量．两球在空气中由静止下落，假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比，与球的速率无关．若它们下落相同的距离，则（　　）

A．甲球用的时间比乙球长

B．甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小

C．甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小

D．甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功

解析：

设小球在下落过程中所受阻力F阻＝kR，k为常数，R为小球半径，由牛顿第二定律知：

mg－F阻＝ma，由m＝ρV＝ρπR3知：

ρπR3g－kR＝ρπR3a，即a＝g－·，故R越大，a越大，即下落过程中a甲>a乙，选项C错误；下落相同的距离，由h＝at2知，a越大，t越小，选项A错误；由2ah＝v2－v知，v0＝0，a越大，v越大，选项B正确；由W阻＝－F阻h知，甲球克服阻力做的功更大一些，选项D正确．

答案：

BD

12．（多选）（2016·恩施模拟）如图所示，球带正电q，单摆摆长为l，当地的重力加速度为g，其最大摆角为θ，整个装置处于方向垂直纸面向里，强度为B的匀强磁场中．当摆球从如图所示的最大摆角处运动到摆线竖直的过程中，下列说法中不正确的是（　　）

A．在此过程中，重力的冲量为m，方向竖直向下

B．在此过程中，只有重力做功，所以小球的机械能守恒

C．在此过程中，合力对小球的冲量大小为m

D．当摆线摆到竖直位置时，线的拉力T＝mg＋qB

解析：

不加磁场时周期为T＝2π，根据左手定则，小球所受洛伦兹力背离悬点，周期变小，重力的冲量小于mg＝mg＝m，方向竖直向下，故A错误；在此过程中，只有重力做功，所以小球的机械能守恒，故B正确；在此过程中，根据机械能守恒可得，mgl（1－cosθ）＝mv2，所以最低点速度大小为，合力对小球的冲量大小等于动量的改变量，即为m，故C正确；最低点T－mg－qvB＝，当摆线摆到竖直位置时，线的拉力T＝mg＋qvB＋＝mg＋qB＋，故D错误，因为本题选不正确的，故选A、D.

答案：

AD

13．（2016·襄阳二联）如图所示，理想变压器原线圈a、b两端接正弦交变电压u，u＝220sin100πt（V），电压表V接在副线圈c、d两端（不计导线电阻），则（　　）

A．当滑动变阻器滑片向右滑动时电压表示数不变

B．当滑动变阻器滑片向右滑动时电流表A2的示数始终为0

C．若滑动变阻器的滑片不动，仅改变u，使u＝220sin200πt（V），则电流表A1的示数增大

D．若滑动变阻器的滑片不动，仅改变u，使u＝220sin200πt（V），则电流表A1的示数减小

解析：

电压表示数为副线圈两端电压，副线圈两端电压只与原线圈两端电压及原副线圈匝数比有关，故A正确；因电容器“通交流、隔直流”，则电流表A2始终有示数，B错误；改变u后，交变电流的频率变大，电容器的容抗减小，故A1示数增大，C正确、D错误．

答案：

AC

14．如图xOy平面为光滑水平面，现有一长为d宽为L的线框MNQP在外力F作用下，沿x轴正方向以速度v做匀速直线运动，空间存在竖直方向的磁场，磁感应强度B＝B0cos（式中B0为已知量），规定竖直向下方向为磁感应强度正方向，线框电阻为R.t＝0时刻MN边恰好在y轴处，则下列说法正确的是（　　）

（导学号59230121）

A．外力F为恒力

B．t＝0时，外力大小F＝

C．通过线框的瞬时电流i＝

D．经过t＝，线框中产生的电热Q＝

解析：

因线框沿x轴方向匀速运动，故F＝F安，由图中磁场分布知F安的大小是变化的，故F