河北省廊坊市省级示范性高中联合体届高三第一次联考物理试题.docx

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河北省廊坊市省级示范性高中联合体届高三第一次联考物理试题

绝密★启用前

河北省廊坊市省级示范性高中联合体2019届高三第一次联考物理试题

试卷副标题

考试范围：

xxx；考试时间：

100分钟；命题人：

xxx

题号

一

二

三

四

总分

得分

注意事项：

1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息

2．请将答案正确填写在答题卡上

第I卷（选择题）

请点击修改第I卷的文字说明

评卷人

得分

一、单选题

1．跳伞运动员张开伞之后竖直向下做匀速直线运动,一阵风过后,运动员在水平方向的分速度为6m/s,此时运动员的实际速度为10m/s,则运动员竖直方向的分速度为

A．4m/sB．6m/sC．8m/sD．10m/s

2．如图所示,质量为m的人站立于质量为M的平板车上,人与车以大小为

的速度在光滑水平面上向东运动。

某时刻人相对平板车以大小为的速度竖直跳起,人跳起后车的速度大小为

A．

B．

C．

D．

3．如图所示,一轻质弹簧一端固定在水平天花板上,另一端挂一重物,当弹簧处于原长时,重物由静止释放,不计空气阻力,关于重物下落过程,下列说法正确的是

A．加速度一直变大

B．动能先变大后变小

C．弹簧与重物组成的系统的机械能一直变小

D．重物的重力势能先变大后变小

4．材料相同、质量不同的两滑块,以相同的初动能在水平面上运动直到停止。

若两滑块运动过程中只受到水平面的摩擦力，则质量大的滑块

A．摩擦力的冲量大

B．克服摩擦力做的功多

C．运动的位移大

D．运动的时间长

5．某质点以2

的加速度做匀加速直线运动,经过8m的位移后,速度大小为6m/s,则该质点的初速度大小为

A．2m/sB．3m/sC．4m/sD．5m/s

6．如图所示,水平桌面上放有一长木板A,长木板A的右端放有一小木块B,现用水平力F推动长木板A,使之在水平桌面上向右匀速运动。

该过程中小木块B相对长木板A保持静止,在长木板露出桌面到其翻转之前,下列说法正确的是：

A．长木板对桌面的压力逐渐减小

B．该过程中长木板始终受六个力作用

C．桌面对长木板的摩擦力逐渐减小

D．桌面对长木板的支持力大小不变

7．一遥控玩具小车从t=0开始由x=-3m处向x轴正方向（向右）运动,其运动的v-t图象如图所示,下列说法正确的是

A．0~1s内和0~3s内,小车的平均速度相同

B．t=3s时,小车到达位置的坐标为0.5m

C．第1s内和第4s内,小车加速度大小相等、方向相同

D．第2s内和第3s内,合力对小车做的功相同

8．如图所示,半径为R的光滑大圆环用一细杆固定在竖直平面内,质量为m的小球A套在人圆环上。

上端定在杆上的轻质弹簧与质量为m的滑块B连接并起套在杆上,小球A和滑块乃之间用长为R的轻杆分别通过饺链连接。

当小球A位于圆环最高点时,弹簧处于原长;此时给A一个微小扰动（初速度视为0）使小球A沿环顺顶时针滑下到达圆环最右侧时小球A的速度为

（g为重力加速度）。

不计一切摩擦,A、B均可视为质点,则下列说法中正确的是

A．小球A、滑块B和轻杆组成的系统在下滑过程中机械能守恒

B．小球A从圆环最高点到达圆环最侧的过程滑块B的重力势能滅小了

C．小球A从环最高点到达圆环最右侧的过程中小球A的重力势能减小了

D．小球A从圆环最高点到达圆环最右侧的过程中弹簧的弹性势能增加了

评卷人

得分

二、多选题

9．如图所示,蹲在树枝上的一只松鼠看到一个猎人止在用枪水平对准它,就在子弹出枪山时,松鼠开始运动,下述各种运动方式中,松鼠能逃脱厄运而不被击中的是（设树枝足够高）

A．迎着枪口,沿AB方向水平跳离树枝

B．背着枪口,沿AC方向水半跳离树枝

C．以一定速度竖直向下跳离

D．以一定速度竖直向上跳离

10．如图所示在光滑的以角速度c旋转的细杆上穿有质量分别为m和M的两球,两球用轻细线（不会断）连接,若M>m,则

A．当两球离轴距离相等时,两球可能相对杆不动

B．当两球离轴距离之比等于质量之比时,两球一定相对杆滑动

C．若两球相对于杆滑动,一定是都向左滑动

D．若转速为

时,两球相对杆都不动,那么转速为2

时,两球也不动

11．一质量m=60kg的运动员从下蹲状态竖直向上跳起,经t=0.2s以大小=1m/s的速度离开地面,重力加速度g=10

。

在这0.2s内

A．地面对运动员的冲量大小为180N·s

B．地面对运动员的冲量大小为60N·s

C．地面对运动员做的功为零

D．地面对运动员做的功为30J

12．我国的火星探测任务基本确定,将于2020年左右发射火星探测器这将是人类火星探测史上前所未有的盛况。

若质量为m的火星探测器在距火星表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动运行周期为T,已知火星半径为R,引力常量为G,则

A．探测器的线速度

B．探测器的角速度

C．探测器的向心加速度

D．火星表面重力加速度

第II卷（非选择题）

请点击修改第II卷的文字说明

评卷人

得分

三、实验题

13．如图所小是用频率为50Hz的打点计时器打下的纸带,A、B、C、D依次为纸带上选出的计数点.

（1）根据标出的数据,打点计时器打A、C两计数点的时间间隔为____s,打B~D点的过程中,纸带的平均速度大小为_____m/s.

（2）打点计时器打A~D点的过程中,纸带的运动情况是____（填正确选项前的字母）。

A．一直做加速运动

B．一直做减速运动

C．先做减速运动后做加速运动

D先做加速运动后做减速运动

14．小刚同学用如图实验装置研究“机械能守恒定律”。

他进行了如下实验操作并测出如下数值:

①用天平测出小钢球的质量为0.20kg;

②用游标卡尺测出小钢球的直径为10.0mm

③用刻度尺测出电磁铁端到光电门的距离为82.55cm

④电磁铁先通让小钢球吸在屯磁铁底端;

⑤电磁铁断电后,小钢球白由下落

⑥在小钢球经过光电门时间内计时装置记下小钢球经过光电门所用时间为2.50×10-3s,由此可算得小钢球经过光电门的速度;

⑦计算得出小钢球到达光电门时重力势能减小量

_________J,小钢球的动能变化量

______J（g取9.8m/s2,结果保留三位有效数字）

从实验结果中发现

_______（填“稍大于”“稍小于”或“等于”）

试分析可能的原因______________.

评卷人

得分

四、解答题

15．某种巨型娱乐器械可以使人体验超重和失重。

一个可乘10多个人的环形座舱套在竖直柱子上由升降机送上几十米的高处然后让座舱自由落下,落到一定位置,制动系统启动,到地面时刚好停下,取重力加速度g=10

（1）上升过程,若升降机以1

的加速度向上加速运动,质量为50kg的游客坐在竖直运动的座舱上,求此时该游客对座舱中水平座椅的压力大小;

（2）下落过程,座舱从70m高处开始自由下落,当下落到距地面25m高处时开始制动,座舱做匀减速运动,到地面时刚好停下。

求座舱减速过程中的加速度大小。

16．如图所示,质量m=0.1kg的小球（可视为质点）用长L=1.25m的轻质细线悬于O点。

竖直平面内有一个

圆弧轨道BC,该轨道以小球的最低点O为圆心,半径R=

m。

将小球向左拉起使悬线呈水平伸直状态后,无初速地释放小球,小球运动到最低点O时细线恰好被拉断取g=10

求:

（1）细线所能承受的最大拉力;

（2）小球与圆弧轨道BC接触前瞬间的速度大小。

17．如图所示,质量M=0.3kg的长木板A放在光滑的水平面上,板长L=1.5m,在其左端放一质量m=0.1kg的物块B。

现给A和B以大小相等、方向相反的水平初速度

=2m/s,使A开始向左运动、B开始向右运动。

物块与木板间的动摩擦因数为

取g=10

（1）要使物块B不从长木板A的右端滑落求动摩擦因数m的取值范围;

（2）若B恰好不从长木板A的右端滑落,求B相对长木板A滑动过程中发生的对地位移大小。

参考答案

1．C

【解析】

【详解】

运动员的合速度为10m/s，水平分速度为6m/s,由平行四边形法则可知竖直分速度为

；故选C.

【点睛】

解决本题的关键知道分运动具有独立性，互不干扰，知道速度的合成遵循平行四边形定则．

2．B

【解析】

【详解】

人和车在水平方向上动量守恒，当人竖直跳起时，取向东为正方向，根据水平动量守恒得：

（m+M）v0=（m+M）v,得人跳起后车的速度大小为：

v=v0．方向向东，故A正确，B、C、D错误；故选B.

【点睛】

本题应用动量守恒定律要注意方向性，本题中人竖直跳起，影响的是在竖直方向的动量，在水平动量不变．

3．B

【解析】

【详解】

A、小球从释放至下落到最低点的过程中，合力先向下，向下运动的过程中，弹力增大，加速度减小，当弹力等于重力后，弹力大于重力，加速度向上，弹力增大，加速度增大，所以加速度先减小后增大，在平衡位置时，加速度为零;速度方向先与加速度方向相同，然后与加速度方向相反，则小球的速度先增大后减小，当加速度为零时，速度最大;故A正确.

B、结合A的方向可知，小球的动能先增大后减小;故B正确.

C、整个的过程中只有重力和弹簧的弹力整个，所以弹簧与重物组成的系统的机械能一直不变;故C错误.

D、重物下降的过程中重力一直做正功，所以重物的重力势能一直减小;故D错误.

故选B.

【点睛】

解决本题的关键知道加速度的方向与合力的方向相同，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．

4．A

【解析】

【详解】

A、由动量定理可知：

，初动能相同，则质量大的滑块动量的变化较大，摩擦力的冲量较大；A正确.

D、由运动时间

，可知质量大的物体运动时间较短；D错误.

B、由动能定理可知W=-μmgs=0-EK；由公式可知，因初动能相同，故两物体克服阻力做功相同；故B错误.

C、匀减速运动的位移为

，可知质量大的物体位移小;C错误.

故选A.

【点睛】

本题综合考查动能定理、牛顿第二定律及位移公式，在解题时要注意如果题目中涉及时间，则应考虑应用牛顿第二律，若不涉及时间应优先采用动能定理或功能关系．

5．A

【解析】

【详解】

由匀变速直线运动的位移和速度公式

，得

，故选A.

【点睛】

该题考查匀变速直线运动的公式的应用，位移公式有

，

，

.

6．D

【解析】

【详解】

A、B、D、由图分析可知，当木板在桌面上匀速滑动时，压力不变，接触面的粗糙程度不变，只是接触的面积在逐渐减小，而我们知道接触面积的大小不影响摩擦力的大小，因此，摩擦力是不变的，水平推力不变，同时读图可知，木板在滑动的过程中，对桌面的压力不变，桌面对木板的支持力大小不变，故D正确，A、B错误.

B、B做匀速运动，受力为重力和A的支持力，则该过程中长木板受到重力、桌面的支持力、B的压力、推力以及桌面对A的摩擦力，共5个力，故B错误.

故选D.

【点睛】

此题中对摩擦力和压强的变化应该分别进行分析，需要用到的知识主要有影响摩擦力大小的因素，易错点在于要知道接触面积的大小对摩擦力是没有影响的．

7．C

【解析】

【详解】

A、由v-t图象的面积表示位移，可知0~1s内和0~3s内的位移相等为2.5m，由

时间不相等，则平均速度不同；A错误.

B、前3s的位移为2.5m，而初位置为-3m，由

可得

；故B错误.

C、v-t图象的斜率表示加速度，可知第1s内和第4s内的加速度大小

，方向均为正方向；C正确.

D、根据图象可知，第2s内动能的减少量和第3s内动能的增加量相等，根据动能定理可知，外力对质点在第2s内做负功和第3s内做正功，两者大小相等，性质不同；D错误.

故选C.

【点睛】

本题考查匀变速直线运动的图象，关键要明确图象中图象的斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移．从而明确物体的运动过程．

8．D

【解析】

【详解】

A、小球A、滑块B和轻弹簧组成的系统在下滑过程中机械能守恒，小球A、滑块B和轻杆组成的系统机械能不守恒，故A错误；

B、小球A从圆环最高点到达圆环最右侧的过程中，此时滑块B距离圆心的高度为

，滑块B下落的高度为

，滑块B的重力势能减小了

，故B错误；

C、小球A从圆环最高点到达圆环最右侧的过程中，小球A下落的高度为R，所以小球A的重力势能减小了mgR，故C错误；

D、小球A从圆环最高点到达圆环最右侧时，两个小球的速度方向都向下，如图所示:

根据运动的合成与分解可得：

vAcosθ=vBcosθ，则vA=vB，根据机械能守恒定律可得：

，解得:

，所以小球A从圆环最高点到达圆环最右侧的过程中弹簧的弹性势能增加了

，故D正确；

故选D.

【点睛】

本题主要是考查了机械能守恒定律的知识；要知道机械能守恒定律的守恒条件是系统除重力或弹力做功以外，其它力对系统做的功等于零；除重力或弹力做功以外，其它力对系统做多少功，系统的机械能就变化多少；注意运动过程中机械能和其它形式的能的转化关系。

9．CD

【解析】

【详解】

A、B、迎着枪口或背着枪口，沿AB方向水平跳离树枝，沿AC方向水平跳离树枝这两种运动在竖直方向上也是自由落体运动，松鼠同样会被击中，都不能逃脱厄运，故A，B均错误；

C、D、子弹做的是平抛运动，在竖直方向上是自由落体运动，若松鼠在竖直方向有向上或向下的初速度，那么松鼠和子弹在竖直方向上的运动不同，它们可以不在同一个高度上，松鼠可能以不会被击中，故C，D均正确.

故选CD.

【点睛】

了解各种运动的运动规律，自由落体、迎着枪口，沿AB方向水平跳离树枝、背着枪口，沿AC方向水平跳离树枝，它们在竖直方向的运动是一样的．

10．BD

【解析】

【详解】

A、两小球所受的绳子的拉力提供向心力，所以向心力大小相等，角速度又相等，当两球离轴距离相等时，则有：

Mω2r＞mω2r，所以两球相对杆会滑动;故A错误.

B、两球的向心力是相等的，得：

Mω2r1=mω2r2，所以

，两球离轴距离之比与质量成反比。

所以两球离轴距离之比等于质量之比时，两球相对杆都动;故B正确.

C、由于两球用轻细线连接，所以两球相对杆滑动时，只能向同一方向滑动;故C错误.

D、根据向心力的表达式，得：

Mω2r1=mω2r2，由于两球的向心力相等与角速度无关，所以转速为ω时，两球相对杆都不动，那么转速为2ω时两球也不动;故D正确.

故选BD.

【点睛】

本题考查了向心力公式的应用，知道两小球的角速度和向心力相等.

11．AC

【解析】

【详解】

A、B、人的速度原来为零，起跳后变化v，以向上为正方向，由动量定理可得：

I-mg△t=mv-0，故地面对人的冲量为：

I=mv+mg△t=60×1+600×0.2=180N•s;故A正确，B错误.

C、D、人在跳起时，地面对人的支持力竖直向上，在跳起过程中，在支持力方向上没有位移，地面对运动员的支持力不做功;故D错误，C正确.

故选AC.

【点睛】

本题考查动量定理以及功的计算，要注意在应用动量定理时一定要注意冲量应是所有力的冲量，不要把重力漏掉，同时在列式时要注意明确各物理量的正负．

12．BD

【解析】

【详解】

A、探测器运行的线速度

;故A错误.

B、根据角速度与周期的关系公式可知，探测器的角速度

;故B正确.

C、向心加速度

应为火星的质量M而不是探测器的质量m；故C错误.

D、探测器绕火星做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则得：

，解得：

；故D正确.

故选BD.

【点睛】

解决本题的关键掌握卫星问题中两种基本的解题思路：

万有引力提供向心力

以及万有引力等于重力

.

13．

D

【解析】

【详解】

（1）频率为50Hz，那么打点计时器打A、C两计数点的时间间隔为t=10×0.02=0.2s；根据公式

.

（2）由纸带可知，相邻计数点内的位移先越来越大，后越来越小，因此小车先加速运动，后减速运动，故A、B、C错误，D正确．

【点睛】

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．

14．

稍大于有空气阻力的影响

【解析】

【详解】

计算小钢球经过光电门时的速度可利用表达式

进行计算，该速度是t时间内的平均速度，由于小球做匀加速直线运动，所以该速度小于小球经过d的中点时的瞬时速度，所以此计算结果比小球的实际速度略小；

小球从电磁铁处下落到经过光电门时，小球重力势能减小量为：

△EP=mgh=0.2×9.8×0.8255J≈1.62J；利用平均速度代替瞬时速度算得小球经过光电门时的速度得：

，小球动能变化量为

；由于存在空气阻力，或测量中忽略了小球的尺度，导致实验结果中减小的重力势能稍大于增加的动能．

【点睛】

本题关键是要根据探究功与动能变化关系的实验的实验原理，测出需要比较的物理量．计算过程中要注意单位的换算和有效数字的保留，同时注意小球下落的高度为球心到光电门的距离．

15．

（1）

（2）

【解析】

【详解】

（1）以游客为研究对象受力分析，受到重力、升降机水平底板的支持力

根据牛顿第二定律，有

代入数据：

根据牛顿第三定律：

物体对升降机水平底板的压力

（2）座舱开始制动前，做自由落体运动，故

解得：

v=30m/s

座舱匀减速运动的位移x=25m，故根据位移—速度公式可得：

解得座舱减速过程中的加速度大小a=18m/s2

【点睛】

本题主要考查牛顿运动定律和运动学公式的应用，关键是选择研究对象，分析受力情况和运动情况.

16．

（1）

（2）

【解析】

【详解】

（1）小球由A运动至O点过程，由机械能守恒定律得：

在O点由牛顿第二定律得：

解得：

（2）绳被拉断后，小球做平抛运动

水平方向：

竖直方向：

又

从O到圆弧轨道BC，由动能定理得：

解得：

【点睛】

本题考查牛顿运动定律、向心力公式、平抛运动等知识点，认真审题理清题意、分析清楚小球运动过程与运动性质是解题的前提与关键，应用运动学公式与牛顿第二定律即可解题，解题时注意数学知识的应用.

17．

（1）

（2）

【解析】

【详解】

（1）当物块B滑到木板A的最右端与木板有共同速度v时，取水平向右为正方向，

根据动量守恒定律得：

Mv0-mv0=（M+m）v  

根据能量守恒定律知：

联立解得v=1m/s，μ=0.4

所以要使物块B不从长木板A的右端滑落，动摩擦因数μ的取值范围为μ≥0.4.

（2）B相对于A滑动过程中的加速度大小

由运动学公式有

解得B相对长木板A滑动过程中发生的位移x=0.375m

【点睛】

本题关键要判断出系统的动量守恒，准确把握临界条件．第2问也可以根据动能定理求位移．