初二数学动点问题初二数学动点问题分析初二数学动点问题总结.docx
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初二数学动点问题初二数学动点问题分析初二数学动点问题总结
初二动点问题解题技巧所谓“动点型问题”是指题设图形中存在一个或多个动点,它们在线段、射线或弧线上运动的一类开放性题目.解决这类问题的关键是动中求静,灵活运用有关数学知识解决问题.关键:
动中求静.
数学思想：
分类思想函数思想方程思想数形结合思想转化思想
注重对几何图形运动变化能力的考查。
从变换的角度和运动变化来研究三角形、四边形、函数图像等图形，通过“对称、动点的运动”等研究手段和方法，来探索与发现图形性质及图形变化，在解题过程中渗透空间观念和合情推理。
选择基本的几何图形，让学生经历探索的过程，以能力立意，考查学生的自主探究能力，促进培养学生解决问题的能力．图形在动点的运动过程中观察图形的变化情况，需要理解图形在不同位置的情况，才能做好计算推理的过程。
在变化中找到不变的性质是解决数学“动点”探究题的基本思路,这也是动态几何数学问题中最核心的数学本质。
二期课改后数学卷中的数学压轴性题正逐步转向数形结合、动态几何、动手操作、实验探究等方向发展．这些压轴题题型繁多、题意创新，目的是考察学生的分析问题、解决问题的能力，内容包括空间观念、应用意识、推理能力等．从数学思想的层面上讲：
（1）运动观点；
（2）方程思想；（3）数形结合思想；（4）分类思想；（5）转化思想等．研究历年来各区的压轴性试题，就能找到今年中考数学试题的热点的形成和命题的动向，它有利于我们教师在教学中研究对策，把
握方向．只的这样，才能更好的培养学生解题素养，在素质教育的背景下更明确地体现课程标准的导向．本文拟就压轴题的题型背景和区分度测量点的存在性和区分度小题处理手法提出自己的观点．专题一：
建立动点问题的函数解析式
函数揭示了运动变化过程中量与量之间的变化规律,是初中数学的重要内容.动点问题反映的是一种函数思想,由于某一个点或某图形的有条件地运动变化,引起未知量与已知量间的一种变化关系,这种变化关系就是动点问题中的函数关系.那么,我们怎样建立这种函数解析式呢下面结合中考试题举例分析.
一、应用勾股定理建立函数解析式。
二、应用比例式建立函数解析式。
三、应用求图形面积的方法建立函数关系式。
专题二：
动态几何型压轴题
动态几何特点问题背景是特殊图形，考查问题也是特殊图
形，所以要把握好一般与特殊的关系；分析过程中，特别要关注图形的特性（特殊角、特殊图形的性质、图形的特殊位置。
）动点问题一直是中考热点，近几年考查探究运动中的特殊性：
等腰三角形、直角三角形、相似三角形、平行四边形、梯形、特殊角或其三角函数、线段或面积的最值。
下面就此问题的常见题型作简单介绍，解题方法、关键给以点拨。
一、以动态几何为主线的压轴题。
二、解决动态几何问题的常见方法有：
1、特殊探路，一般推证。
2、动手实践，操作确认。
3、建立联系，计算说明。
三、专题二总结，本大类习题的共性：
1.代数、几何的高度综合（数形结合）；着力于数学本质及核心内容的考查；四大数学思想：
数学结合、分类讨论、方程、函数.
2.以形为载体，研究数量关系；通过设、表、列获得函数关系式；研究特殊情况下的函数值。
专题三：
双动点问题
点动、线动、形动构成的问题称之为动态几何问题.它主要以几何图形为载体，运动变化为主线，集多个知识点为一体，集多种解题思想于一题.这类题综合性强，能力要求高，它能全面的考查学生的实践操作能力，空间想象能力以及分析问题和解决问题的能力.其中以灵活多变而着称的双动点问题更成为今年中考试题的热点，现米撷
几例加以分类浅析，供读者欣赏.
1以双动点为载体，探求函数图象问题。
2以双动点为载体，探求结论开放性问题。
3以双动点为载体，探求存在性问题。
4以双动点为载体，探求函数最值问题。
双动点问题的动态问题是近几年来中考数学的热点题型.这类试题信息量大，对同学们获取信息和处理信息的能力要求较高；解题时需要用运动和变化的眼光去观察和研究问题，挖掘运动、变化的全过程,并特别关注运动与变化中的不变量、不变关系或特殊关系，动中取
静,静中求动。
专题四：
函数中因动点产生的相似三角形问题
专题五：
以圆为载体的动点问题
动点问题是初中数学的一个难点，中考经常考察，有一类动点问题，题中未说到圆，却与圆有关，只要巧妙地构造圆，以圆为载体，利用圆的有关性质，问题便会迎刃而解；此类问题方法巧妙，耐人寻味。
例1.如图，已知在矩形ABC呼，At=8,CO4,点E从点D出发，沿线段DA以每秒1个单位长的速度向点A方向移动，同时点F从点C出发，沿射线CD方向以每秒2个单位长的速度移动，当B,E,F三点共线时，两点同时停止运动.设点E移动的时间为t（秒）.
（1）求当t为何值时，两点同时停止运动；
（2）设四边形BCFE勺面积为S,求S与t之间的函数关系式，并写出t的取值范围;
（3）求当t为何值时，以E,F,C三点为顶点的三角形是等腰三
角形;
（4）求当t为何值时，/BEC/BFC
例2.正方形ABCD边长为4,M、N分别是BC、
当M点在BC上运动时，保持AM和MN垂直，
（1）证明：
RtAABMsRt△MCN;
（2）设BMx，梯形ABCN的面积为y，求y与x之间的函数关系式;
当M点运动到什么位置时，四边形ABCN面积最大，并求出最大面积;
（3）当M点运动到什么位置时Rt△ABMsRt△AMN，求此时x的值.
ADIIBC,AD3DC5,AB4^2/B
点出发沿线段BC以每秒2个单位长度的速度向终点C运动;动点N同
时从C点出发沿线段CD以每秒1个单位长度的速度向终点D运动.设运动的时间为t秒.
（1）求BC的长。
（2）当MNIAB时，求t的值.
（3）试探究：
t为何值时，△MNC为等腰三角形.
例4.如图，在Rt△AOBK/AOB=90°,0斥3cmOB=4cm以点
O为坐标原点建立坐标系，设P、Q分别为ABOB边上的动点它们同时分别从点AO向B点匀速运动，速度均为1cm/秒，设P、Q移动时间为t
（0（1）求AB的长，过点P做PMLOA于M求出P点的坐标（用t表示）
（2）求厶OPQT积S（亦），与运动时间t（秒）之间的函数关系式,当t为何值时，S有最大值？
最大是多少？
（3）当t为何值时，△OPQ^直角三角形?
（4）若点P运动速度不变，改变Q的运动速度，使△OPQ为正三角
（5）
形，求Q点运动的速度和此时t的值.
动点练习题答案
例1.解：
（1）当B,E,F三点共线时，两点同时停止运动，如图2
所示.（1分）
由题意可知：
EE=t，
BC=8，FD=2t-4，FC=2t.
vED//BC,FED^A
FBC/.巴史
FCBC•
二牛J£.解得t=4.
2t8
.•.当t=4时，两点同时停
止运动；（3分）
22
即S=16+t2.（04）;（6分）
（2）vED=tCF=2t,.S=S^bc+5bc=-x8x4+-x2txt=16+t2.
（3）①若EF=EC寸，则点F只能在CD的延长线上，
vEF=（2t4）2t25t216t16,
EC=42t2t216，二5t216t16=t216.二t=4或t=0（舍去）；
2若EC=FC寸，vEC=42t2t216,FC=4t2,.t216=4t2.二tS3；
3
3若EF=FC寸，vEF=（2t4）2t25t216t16,FC=4t2,
二5t216t16=4t2..t1=168、、3（舍去），t2=16.
•••当t的值为4,4G,168.3时，以E,F,C三点为顶点的
3
三角形是等腰三角形；
（9分）
（4）在Rt△BCF和Rt△CE［中,v/BCD/CDE90°,BCCF2,CDED
Rt△BCFsRt△CED./BF（=/
CED（10分）
vAD//BC「•/BCE/CED若/BEC/BFC则/BEC/BCE即BE=BC
vBE二t216t80,二t216t80=64.
/.ti=168、,3（舍去），t2=168.3.
当t=168、、3
BFC
例2.解：
（1）在正方形ABCD中，
ABBCCD4,BC90°,
QAM丄MN,
AMN90°,
CMNAMB90°,
在Rt△ABM中，MABAMB90°,
CMNMAB,
RtAABMsRt△MCN,
（2）QRt△ABMsRtAMCN,
ABBM4x
MCCN,4xCN,
时,/BE（=/
……（12分）
CN
4x
S弟形ABCN
1x24x
24
4-4〔x22x8
2
10,
2时,
y取最大值，
最大值为10.
（3）
AMN90°
要使△ABMAMN,由
（1）知MNMC，
必须有列
MN
AB
BM，
BMMC,
当点M运动到BC的中点时,
△ABMs\AMN，此时
例3.解：
（1）如图①，过A、
D分别作AKBC于K，
DHBC于H，
则四边形ADHK是矩形
二KHAD3.
在RtAABK中,
AKABgsin454、2彳4
在RtACDH中,
由勾股定理得，HC3
二BC
HC43310
BKKH
//DG
二MN
二BG
AD3
/.GC1037
CG
102t
7
t50
17
•/DG//MN
NMC/DGC
又/C/C
.CNCM
…CD即1
5
解得，
点.FC
（3）
①当
分三种情况讨论:
NC
10
3
MC时，如图③,
即t102t
B
…t
（图④）
.△NEW^DHC
.NC
…DC
即1
5
EC
HC
丄
3
25
8
③当MNMC时，如图⑤，
11NCt
22
M作MFCN于
•/ZC/C,MFCDHC90
（图⑤）
.FCMC
••HCDC
1t
即£1
35
•t60
17
综上所述，当t10、t25或t色时，'MNC为等腰三角形
3817
例4.
（1）由题意知:
BD=5BQ=t,QC=4-t,DP=t,BP=5-t
•△BPQ^'BDC
•BP
…BD
BQ即5t
BC5
t
4
•t田
9
20t
9
时
PQ
丄
vPQLBC
当
BC
（2）过点P作PMLBC垂足为M
•△BPMT'BDC•5t
PM
3
•PM
3（5t）
5
…4
分
5
•S1t
3（5t）=
叙|）
15
2
5
102
8
5分
•当
ti
时
S
有最
大
值
15
8
6分
（3）①当BP=BQ时
5
tt,
5
t
2
-7分
②当BQ二PQ寸，作QE!
BD
垂足为E,
此时，
15tBE=BP-
22
5t
•△BQEs△BDC
BE
BQ
即2t
BCBD
45
25t
13
③当BP二PQ寸，作PF丄BC垂足为F,
此时,
/.△BPFs
△
BDC
BF
BP
BC
BD
40t
11分
13
•40
…t1
13
t2
5
2，t3
25,均
13
使△
9分
12分
形.
即彳
1t
BF=!
BQt
2
t
PBQ为等腰三角
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