安徽省宣城市第六中学等三校届九年级下学期第一次联考物理试题.docx

1、安徽省宣城市第六中学等三校届九年级下学期第一次联考物理试题绝密启用前安徽省宣城市第六中学等三校2017届九年级下学期第一次联考物理试题试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：65分钟；命题人：xxx学校:_姓名：_班级：_考号：_题号一二三四总分得分注意事项1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）评卷人得分一、选择题（题型注释）1、小阳设计一个天然气泄漏检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变则下列说法正确的是（）A天然气浓度增大，电压表示数变小B天然气浓度减小，电流表示数变大C天然气

2、浓度增大，电路消耗的总功率变小D天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变2、标有“2V 1W”字样的小灯泡和标有“20 1A”字样的滑动变阻器，连接在如图所示的电路中已知电源电压为6V，电流表的量程为“00.6A”，电压表的量程为“03V”闭合开关，移动滑动变阻器滑片，电流表、电压表示数的变化范围是（）A0.25A0.5A，1V2VB0.25A0.6A，1V2VC0.3A0.5A，1V1.5VD0.25A0.5A，1.5V2V3、甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中不正确的是（）A两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较快B两灯均正常发光时，甲灯的电阻小于乙灯的电阻C两灯串联在220

3、伏的电路中，甲灯比乙灯亮D将乙灯接入110伏电路中，它的实际功率为25瓦4、对公式R=下列说法中正确的是（）A导体电阻的大小跟它两端的电压和通过的电流无关B导体电阻的大小跟导体中的电流成反比C导体电阻的大小跟导体两端的电压成正比D当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零5、下列器材中不属于用电器的是（）A电熨斗B空调C太阳能电池D电脑6、下列关于力和运动的说法中正确的是（）A物体所受两个力的合力为零时，一定处于静止状态B当物体静止时，物体所受合力一定为零C物体所受两个力的合力为零时，运动状态一定改变D物体只受到两个力的作用时，运动状态发生了改变，则这两个力的合力可能为零7、关于热机，下列说法中

4、正确的是（）A热机都是把内能转化为机械能B热机做的有用功越多，效率就越高C燃料燃烧是否充分不影响热机的效率D通过热机内能可全部转化为机械能第II卷（非选择题）评卷人得分二、填空题（题型注释）8、常温下，两条长度相等、横截面积不同的同种材料制成的电阻丝，粗电阻丝的电阻细电阻丝的电阻；把它们串联在电路中，通过粗电阻丝的电流通过细电阻丝的电流（选填“大于”、“等于”或“小于”）9、春节期间家家户户都准备了各种美食，扑鼻的香气让人充满了食欲。我们能闻到食物的香气是因为这是一种气体分子的_现象。温度越_（选填“高”或“低”），分子的热运动越剧烈。10、航母舰载机即将起飞前，燃料燃烧会获得大量的_能，向后

5、喷射出高温高速燃气流，为了避免对舰上人员及其它器材造成危害，甲板上安装可偏流板如图，偏流板后面装有供冷却水循环流动的格状水管，这是利用水的_大的特性来降低偏流板的温度。11、如图所示，通过灯L1、L2、L3的电流分别为0.1A，0.2A，0.3A，则电流表A1的示数为_A，A2的示数为_A12、江涛家的电能表如图所示，当他家某用电器单独正常工作时，30min内转盘正好转过50圈，则该用电器的额定功率为_ W13、一个标有“6V3W”的小电风扇，若把它接在9V的电路上，需要给它串联一个_的电阻14、把两盏灯串联接在电路上，如果它们两端的电压之比为2：3，则它们的电功率之比为_。15、小星家的太阳

6、能热水器，水箱容积是200L小星进行了一次观察活动：某天早上，他用温度计测得自来水的温度为20，然后给热水器水箱送满水，中午时“温度传感器”显示水箱中的水温为45水吸收的热量是_J。如果水吸收的这些热量，由燃烧煤气来提供，而煤气灶的效率为40%，至少需要燃烧煤气_kg （c水=4.2103J/（kg，煤气的热值为q=4.2107J/kg）。16、如图，电动机M的线圈电阻r为0.5，当S断开时，电流表读数1A；当S闭合时，电流表读数3A则电阻R为_，电动机工作2min，电动机线圈产生的热量为_J。17、电路元件甲和乙的电流与两端电压的关系如图所示，由图可知，甲的电阻是_5若将甲，乙并联到电压为2

7、v的电源两端，干路中的电流是_0.6A。评卷人得分三、实验题（题型注释）18、如图所示为“比较水和煤油吸热升温特点”的实验装置（1）关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是_（填字母）A采用相同加热方法（如酒精灯火焰的大小，与烧杯底的距离等）B烧杯中分别装入相同体积的水和煤油C使用相同的烧杯（2）水和煤油吸热的多少是通过_来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”），这种方法就是我们实验常用的_（选填“控制变量法”或“转换法”）19、为了探究“电阻中的电流与电压的关系”，程越同学设计了如图所示的实验（1）按照电路图连接好器材后，程越准备闭合开关进行实验测量，一旁的林雨同学马上指出了实验中不合

8、理的地方，请思考林雨同学所提的不足：_（只写一条）（2）改正不足之后，程越同学得到了如表数据，从该数据中可以看出，程越同学所选电阻的阻值为_（3）根据实验的探究，可以得出结论_20、在测量小灯泡的电功率的实验中，小灯泡的额定电流为，灯丝阻值在之间所提供的器材有：电流表、电压表、电源（电压恒为）、开关各一个，滑动变阻器（）一个，导线若干（1）如图甲所示是小明没有连接完的实物电路，请用笔画线代替导线将实物图补充完整_（2）闭合开关前，图甲图中的滑片应位于_（选填“左”或“右”）端；闭合开关无论怎样移动变阻器滑片，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是_（写出一种即可）（3）排除

9、故障，闭合开关，移动滑片，当电流表的示数为时，电压表的示数如图乙所示，读数为_ ，小灯泡的额定功率为_ 21、实验室提供的实验器材有电源、电流表、电压表各一只，定值电阻R1=6、R2=4各一只。（1）请你任选其中三件器材用符号表示填入下图中，组成甲、乙、丙、丁四个不同的电路，使组成电路的各元件均能工作且不会损坏，要求各个电路的总电阻满足R甲R乙R丙R丁。（2）若电源电压为6V，求甲图电路的总功率评卷人得分四、综合题（题型注释）22、如图所示，滑动变阻器上标有“20 2A”字样，当滑片P在中点时，电流表读数为0.24安，电压表读数为7.2伏，求：（1）求电阻R1的阻值，（2）当滑动变阻器移到右端

10、时，求电压表的读数。23、如图甲所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图图乙是它的有关参数它有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关自动控制），试问：（1）和的电阻值各是多大？（2）在用电高峰期，该饮水机的实际工作电压只有，加热效率为80%，若将装满水箱的水从20加热至，需要多长时间？（，忽略温度对电阻的影响）参考答案1、D2、A3、B4、A5、C6、B7、A8、小于、等于9、扩散高10、内比热容11、0.50.312、4013、6.14、2：3.15、2.1107 ，216、1024017、50.618、B加热时间转换法。19、滑动变阻器没有移至最大阻值处5略20、图略右小灯泡断路41.2.2

11、1、图略 P=3.6W22、R1=30 U=5.76V23、R1=40 R2=1170 t=630s【解析】1、试题分析：由图乙可知气敏电阻的阻值随天然气浓度的增大而减小，故由欧姆定律可得电路中电流增加，即电流表示数增大，由U0=IR0可知，气敏电阻两端的电压会增大，即电压表的示数会变大；这时根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大；所以A、C说法错误；由图乙可知气敏电阻的阻值随天然气浓度的减小而升高，故由欧姆定律可得电路中电流减小，即电流表示数减小，但是根据欧姆定律知电压表与电流表示数的比值为R0的阻值，而R0为定值电阻阻值不变，所以B说法错误，D说法正确故选D2、试题分析：由灯泡铭牌信息可知

12、灯泡的额定电压及额定功率，则由功率公式可求得灯泡的额定电流及电阻；因灯泡、滑动变阻器及电流表串联，电压表测灯泡两端的电压，滑动变阻器阻值从零开始变大的过程中，电路中电流慢慢减小；在移动滑片过程中应保证电流表、灯泡及滑动变阻器都能安全工作，则可得出各表的变化范围解：由灯泡铭牌可得，灯泡两端电压不得超过2V，即电压表最大不得超过2V；由功率公式P=UI得：灯泡的额定电流I=0.5A，故电路中电流最大不得超过0.5A；由功率公式可得：灯泡的电阻R=4；当滑动变阻器接入电阻最大时，电路中电流最小，由欧姆定律可得：最小电流I最小=0.25A，此时灯泡两端的电压也为最小值，其值为：U1=I最小R=0.25

13、A4=1V；故电流表范围为0.25A0.5A；电压表范围为1V2V；故选A【点评】本题重点在于把握各电器的额定电压或最大限制电流，不能让每个电器超过其限制值；同时根据滑动变阻器的变化引起的电压或电流的变化进行分析3、试题分析：（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，电功率是表示用电器消耗电能快慢的物理量；（2）根据P=比较两灯泡正常发光时的电阻关系；（3）两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据P=I2R比较两灯泡串联时的实际功率关系，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗的关系；（4）根据P=表示出乙灯泡的电阻，再根据P=求出接入110伏电路中乙灯泡的实际功率解：A因灯泡正常发光时实际功率

14、和额定功率相等，所以，正常发光时乙灯泡的电功率较大，由电功率是表示用电器消耗电能快慢的物理量可知，乙灯泡消耗的电能较快，故A正确，不符合题意；B两灯泡正常发光时的电压均为220V，由P=的变形式R=可知：甲灯泡的电功率较小，电阻较大，即甲灯的电阻大于乙灯的电阻，故B不正确，符合题意；C两灯泡串联时通过它们的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，由P=I2R可知，甲灯泡的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，故C正确，不符合题意；D由P=可得，乙灯泡的电阻R乙=，将乙灯接入110伏电路中，它的实际功率：P乙=P乙=（）2P乙=（）2100W=25W，故D正确，不符合题意故选B【点评】本题考查了

15、电功率的物理意义和串联电路特点、电功率公式的灵活应用，知道灯泡正常发光时的功率和额定功率相等以及灯泡的亮暗取决于实际功率的大小是关键4、试题分析：导体的阻值是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关导体的阻值等于导体两端的电压与通过导体的电流之比解：电阻是导体本身所具有的性质，与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与通过它的电流、它两端的电压无关，当导体两端的电压为零时，导体的电阻依然不变故选A点评：此题考查了电阻的性质，需要深入理解电阻的定义和性质，从而正确做出判断5、在电路中，用电器会消耗电能转化成为其他形式的能，题中电熨斗、空调、电脑在电路中工作时都消耗电能，故都属于用电

16、器，太阳能电池则是将太阳能转化为电能，再将电能提供给用电器，属于电源，故选C。6、若两个力的合力为零，则这两个力是一对平衡力，物体在受到平衡力作用时，会处于静止状态或者匀速直线运动状态，故A错误；根据牛顿第一定律知道，物体不受力可以处于处于静止状态或者匀速直线运动状态，所以B正确；两个力的合力为零时，这两个力是一对平衡力，物体的运动状态保持不变，故C错误；物体受到两个力的作用时，物体运动状态发生了改变，这两个力不是一对平衡力，则这两个力的合力必不为零，故D错误，故选B。7、热机利用内能来做功，把内能转化成机械能的机械，故A正确；热机做的有用功占燃料完全燃烧放出热量的比例越大，热机的效率越高，热

17、机效率与热机做的有用功多少无关，故B错误；要想提高热机的效率，就要做到：尽量使燃料完全燃烧、保证良好的润滑、尽量减小克服摩擦消耗的能量、尽量减小热量的损失等，故C错误；热机在工作过程中总存在摩擦，故要做额外功，所以内能不可全部转化为机械能，故D错误，故选A。8、试题分析：解答此题要知道影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积串联电路中电流规律解：要比较电阻大小需要用到控制变量法在导体材料、长度一定时，导体的电阻大小与横截面积有关横截面积越粗，电阻越小串联电路各处的电流都相等故答案：小于、等于【点评】此题考查了影响电阻大小的因素和串联电路中电流规律，要注意运用9、两种物质接触时，彼此进入

18、对方的现象叫扩散，所以我们能闻到食物的香气，这是扩散现象，扩散现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则运动，温度越高，分子的热运动越剧烈。10、飞机内的燃料的燃烧，使飞机获得大量的内能，然后转化为飞机的机械能；水的比热容比较大，在升高相同的温度需要吸收更多的热量，所以利用水来降低偏流板的温度；飞机起飞时向后喷射出高温高速燃气流，为了防止偏流板被高温熔化，所以制作偏流板材料的应具有较高的熔点。11、由电路图知道，灯泡L1、L2、L3并联，电流表A1测通过L2和L3的电流之和，电流表A2测通过L1和L2的电流之和，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，IA1 =I2 +I3 =0.2A+

19、0.3A=0.5A，IA2 =I1 +I2 =0.1A+0.2A=0.3A。12、因为电能表每消耗1kWh的电能，转盘就转过2500r，所以转过50圈消耗的电能为：W=50/2500kWh=0.02kWh，该用电器的电功率：P=W/t=0.02kWh/30/60h=0.04kW=40W。13、因为灯泡正常发光时的电压UL =6V，把它接在9V的电路上，需要给它串联一个电阻分压，已知小电风扇的功率为PL =3W，所以电路中的电流为I=IL =PL/UL=3W/6V=0.5A，此时电阻两端的电压UR =U-UL =9V-6V=3V，由I=U/R可得，电阻R=UR/I=3V/0.5A=6。14、把两

20、盏灯串联接在电路上时，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI可得，它们的电功率之比：P1/P2=U1I/U2I=U1/U2=2/3。15、因为水的体积V=200L=20010-3 m3，由=m/V知道水的质量m=V=1103 kg/m3 20010-3 m3 =200kg，所以水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103 J/（kg）200kg（45-20）=2.1107 J；由Q吸=Q放40%=mq40%得需要燃烧煤气的质量：m=（Q放/q）40%=2.110740%J/4.2107J/kg=2kg。16、从电路图知道，当S断开时，电路中只有电阻R有电流通过，因为电源电压为：U=10V，I

21、R =1A，由I=U/R知道，电阻R的阻值为：R=U/IR=10V/1A=10；当S闭合时，电阻R和电动机M并联，I=3A，IR =1A，通过电动机M的电流为：IM =I-IR =3A-1A=2A，由U=10V，r=0.5知道，在t=2min=120s内电动机线圈产生的热量为：Q=I2rt=（2A）2 0.5120s=240J。17、由图象知道，当U甲=3V时，I甲 =0.6A，所以甲的电阻R甲=U甲/I甲=3V/0.6A=5；当元件甲、乙并联后接在电压为2V的电源两端时，U甲=U乙=2V，由图象知道此时I甲=0.4A，I乙 =0.2A，所以干路电流为I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6

22、A。18、在“比较水和煤油吸热升温特点”的实验中就要采用控制变量法，需要控制水和煤油的质量相等，控制热源（酒精灯火焰的大小、与烧杯底的距离）、盛装液体的容器相同，故A、C正确；因为水和煤油的密度是不同的，质量相同时，体积是不同的，故B错，故选B。（2）相同的酒精灯加热相同的时间，酒精灯放出的热量就是相等的，水和煤油吸收的热量也就是相等的，所以运用了转换法，用加热时间来反映水和煤油吸热的多少。19、（1）由电路图知道：连接器材过程，滑动变阻器的滑片没有置于阻值最大处；（2）由I=U/R可得，三次实验数据对应的电阻分别为：R1 =U1/I1=1V/0.2A=5，R2 =U2/I2=1.5V/0.3

23、A=5，R3 =U3/I3=2.5V/0.5A=5，由以上可知，程越同学所选电阻的阻值为5；（3）由表中数据可知，通过电阻电流的变化倍数和两端电压的变化倍数相等，故可得结论：在电阻一定时，通过导体的电流跟导体的电压成正比。20、（1）灯泡额定电流为0.3A，灯丝阻值在1015之间，则灯泡额定电压U=IR在3V4.5V间，电压表应选015V量程，电压表与灯泡并联，电路图如图所示 ：（2）为了电路安全，开关闭合前滑片应滑到阻值最大位置处，即右端；闭合开关，电流表无示数，说明电路是断路，小灯泡不发光，电压表有示数，说明与电压表并联的这部分电路断路了，即小灯泡断路；（3）电压表量程是015V，由图乙可

24、知，电压表分度值是0.5V，电压表示数是4V，此时灯泡正常发光，所以灯泡额定功率P=UI=4V0.3A=1.2W。21、（1）根据电阻的串并联特点知道：R1、R2串联时电阻最大；R1、R2并联时电阻最小；即R串R1R2R并；故图甲为两电阻串联组成的电路，图乙所示电路为电R1组成的电路，丙所示电路为电阻R2组成的电路，图丁为两电阻并联电路，所以符合题中要求的电路图如图：（2）甲图中的总电阻为：R总=R1+R2= 6+4=10电路的消耗总功率为：P甲 =U2/R总=(6V)2/10=3.6W。22、由电路图知道，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑片P在中点时，

25、根据I=U/R知道，电阻R1的阻值：R1 =U1/I=7.2V/0.24A=30；（2）当滑片P在中点时，滑动变阻器两端的电压：U2 =IR2/2=0.24A20/2=2.4V，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=U1 +U2 =7.2V+2.4V=9.6V，当滑动变阻器移到右端时，接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=U/R1+R2=9.6V/30+20=0.192A，此时电压表的示数：U1 =IR1 =0.192A30=5.76V。23、（1）由电路图知道，当开关S0处于闭合状态时，只有R1工作，饮水机处于加热状态，由公式

26、P1 =U2/R1得R1的阻值：R1 =U2/P1=(200V)2/1210W=40，当开关S0处于断开状态时，饮水机处于保温状态，R总 =U2/P2=(220V)2/40W=1210，R2 =R总 -R1 =1210-40=1170。（2）由=m/V得，满水箱的水的质量：m=V=1.0103 kg/m3 1.510-3 m3 =1.5kg，水所吸收的热量Q=cmt=4.2103J/（kg）1.5kg（100-20）=5.04105 J，此时饮水机的实际功率：P实=U2实/R1=(200V)2/40=1000W，由=Q/W可得：W=Q/=5.04105J/80%=6.3105 J，由P=W/t得需要加热时间：t=W/P实=6.3105J/1000W=630s。