第一章 专题强化 弹簧小球模型 滑块斜曲面模型.docx

1、第一章 专题强化 弹簧小球模型 滑块斜曲面模型专题强化弹簧小球模型滑块斜(曲)面模型学习目标1.进一步理解动量守恒定律、动能定理、能量守恒定律的内容及含义.2.会应用动量观点和能量观点分析这两类模型一、弹簧小球模型1对两个(或两个以上)物体与弹簧组成的系统，在相互作用的过程中，若系统合外力为零，则满足动量守恒定律2在能量方面，由于弹簧发生形变，具有弹性势能，系统的总动能将发生变化，若系统所受的外力和除弹簧弹力以外的内力不做功，系统机械能守恒若还有其他外力和内力做功，这些力做功之和等于系统机械能的改变量3弹簧两端物体把弹簧拉伸至最长(或压缩至最短)时，两端的物体具有相同的速度，弹性势能最大如系统

2、每个物体除弹簧弹力外所受合力为零，当弹簧为自然长度时，系统内弹簧某一端的物体具有最大速度，此时弹性势能为零例1如图1所示，光滑水平面上静止着一质量为m2的刚性小球，小球与水平轻质弹簧相连，另有一质量为m1的刚性小球以速度v0向右运动，并与弹簧发生相互作用，两球半径相同，求：图1(1)弹簧弹性势能的最大值；(2)弹簧第一次恢复原长时，m1、m2两球的速度大小答案(1)(2)解析(1)两球速度相同时，弹簧弹性势能最大以v0的方向为正方向，由动量守恒定律得m1v0(m1m2)v由能量守恒得m1v02(m1m2)v2Epmax解得Epmax(2)从m1与弹簧接触到弹簧第一次恢复原长，整个过程两球相当于

3、发生弹性碰撞，由动量守恒定律和能量守恒定律得：m1v0m1v1m2v2m1v02m1v12m2v22解得v1v2.例2如图2所示，用水平轻弹簧相连的质量均为2 kg的A、B两物块都以v6 m/s的速度在光滑水平地面上运动，弹簧处于原长，质量为4 kg的物块C静止在前方，B与C碰撞后二者粘在一起运动在以后的运动中，求：图2(1)当弹簧的弹性势能最大时，物块A的速度多大？(2)弹簧弹性势能的最大值是多大？(3)A的速度有可能向左吗？为什么？答案(1)3 m/s(2)12 J(3)见解析解析(1)当A、B、C三者的速度相等时弹簧的弹性势能最大由于A、B、C三者组成的系统动量守恒，以v的方向为正方向，

4、有：(mAmB)v(mAmBmC)vA解得vA3 m/s.(2)B、C碰撞时B、C组成的系统动量守恒，设碰后瞬间B、C两者速度为v，则：mBv(mBmC)v解得：v2 m/s设弹簧的弹性势能最大为Ep，根据能量守恒：Ep(mBmC)v2mAv2(mAmBmC)vA2解得Ep12 J.(3)A、B、C组成的系统动量守恒mAvmBvmAvA(mBmC)vB设A的速度向左，有vA4 m/s则作用后A、B、C动能之和：EkmAvA2(mBmC)vB2(mBmC)vB248 J实际上系统的总机械能为：EEp(mAmBmC)vA212 J36 J48 J根据能量守恒定律，EkE是不可能的，所以A不可能向左

5、运动二、滑块斜(曲)面模型对于滑块斜(曲)面模型，系统所受合外力不为零，但常在某一方向上的合力为零，则在该方向上系统动量守恒，再根据能量分析情况，结合能量规律列方程，联立求解例3如图3所示，有一质量为m的小球，以速度v0滑上静置于光滑水平面上的光滑圆弧轨道已知圆弧轨道的质量为2m，小球在上升过程中始终未能冲出圆弧，重力加速度为g，求：图3(1)小球在圆弧轨道上能上升的最大高度；(用v0、g表示)(2)小球离开圆弧轨道时的速度大小答案(1)(2)解析(1)小球在圆弧轨道上上升到最高时两物体速度相同，系统在水平方向上动量守恒，规定小球运动的初速度方向为正方向，有：mv03mv，得v根据机械能守恒得

6、：mv023mv2mgh解得：h(2)小球离开圆弧轨道时，根据动量守恒，则有：mv0mv12mv2根据机械能守恒，则有：mv02mv122mv22联立以上两式可得：v1v0，则小球离开圆弧轨道时的速度大小为.例4如图4，光滑冰面上静止放置一表面光滑的斜面体，斜面体右侧一蹲在滑板上的小孩和其面前的冰块均静止于冰面上某时刻小孩将冰块以相对冰面3 m/s的速度向斜面体推出，冰块平滑地滑上斜面体，在斜面体上上升的最大高度为h0.3 m(h小于斜面体的高度)已知小孩与滑板的总质量为m130 kg，冰块的质量为m210 kg，小孩与滑板始终无相对运动取重力加速度的大小g10 m/s2.图4(1)求斜面体的

7、质量；(2)通过计算判断，冰块与斜面体分离后能否追上小孩？答案(1)20 kg(2)不能解析(1)规定向右的方向为正方向冰块在斜面体上运动到最大高度时两者达到共同速度，设此共同速度为v，斜面体的质量为m3.由水平方向动量守恒和机械能守恒定律得m2v0(m2m3)vm2v02(m2m3)v2m2gh式中v03 m/s为冰块推出时的速度联立两式并代入题给数据得m320 kg.(2)设小孩推出冰块后小孩的速度为v1，由动量守恒定律有m1v1m2v00，代入数据得v11 m/s设冰块与斜面体分离后的速度分别为v2和v3，由动量守恒定律和机械能守恒定律有m2v0m2v2m3v3.m2v02m2v22m3

8、v32联立两式并代入数据得v21 m/s由于冰块与斜面体分离后的速度与小孩推出冰块后的速度相同且处在后方，故冰块不能追上小孩1(弹簧小球模型)如图5所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q质量相等，Q与水平轻质弹簧相连设Q静止，P以某一初速度向Q运动并与弹簧发生碰撞在整个碰撞过程中，弹簧具有的最大弹性势能等于()图5AP的初动能BP的初动能的CP的初动能的DP的初动能的答案B解析把小滑块P和Q以及弹簧看成一个系统，系统的动量守恒在整个碰撞过程中，当小滑块P和Q的速度相等时，弹簧的弹性势能最大设小滑块P的初速度为v0，两滑块的质量均为m，以v0的方向为正方向，则mv02mv，得v，所以弹簧具有的最

9、大弹性势能Epmmv022mv2mv02Ek0，故B正确2(滑块曲面模型)(多选)(2020马鞍山二中期末)如图6所示，质量为M的小车静止于光滑的水平面上，小车的上表面和固定在小车上的圆弧轨道相切且都光滑，一个质量为m的小球以速度v0水平冲上小车，当小球返回左端脱离小车时，下列说法正确的是()图6A小球一定沿水平方向向左做平抛运动B小球可能沿水平方向向左做平抛运动C小球可能沿水平方向向右做平抛运动D小球可能做自由落体运动答案BCD解析小球冲上小车，又返回，到离开小车的整个过程，系统水平方向动量守恒，取水平向右为正方向由动量守恒定律得mv0Mvmv由机械能守恒有：mv02Mv2mv2联立得，vv

10、0如果mM，v与v0方向相同，小球离开小车后向右做平抛运动，所以B、C、D选项正确3(弹簧小球模型)如图7，在光滑水平直轨道上有三个质量均为m的物块A、B、C.B的左侧固定一水平轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计)设A以速度v0向B运动，压缩弹簧；当A、B速度相等时，B与C恰好相碰并粘接在一起，然后继续运动假设B和C碰撞过程时间极短，求从A开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中图7(1)整个系统损失的机械能；(2)弹簧被压缩到最短时的弹性势能答案(1)mv02(2)mv02解析A、B相互作用过程动量守恒、机械能也守恒，而B、C相碰粘接在一起时，动量守恒，机械能不守恒，系统产生的内能则为B、C相碰过程中

11、损失的机械能当A、B、C速度相等时，弹性势能最大(1)从A压缩弹簧到A与B具有相同速度v1时，对A、B与弹簧组成的系统，以v0的方向为正方向，由动量守恒定律得mv02mv1此时B与C发生完全非弹性碰撞，设碰撞后瞬间的速度为v2，损失的机械能为E.对B、C组成的系统，由动量守恒定律和能量守恒定律得mv12mv2mv12E(2m)v22联立式得Emv02.(2)由式可知v2v1，A将继续压缩弹簧，直至A、B、C三者速度相同，设此速度为v3，此时弹簧被压缩至最短，其弹性势能为Ep.由动量守恒定律和能量守恒定律得mv03mv3mv02E(3m)v32Ep联立式得Epmv02.1如图1所示，水平弹簧的一

12、端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量也为m的小球从槽上h高处开始自由下滑()图1A在以后的运动过程中，小球和槽组成的系统动量始终守恒B在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功C被弹簧反弹后，小球和槽都做速率不变的直线运动D被弹簧反弹后，小球和槽的机械能守恒，小球能回到槽上h高处答案C解析小球从弧形槽上下滑过程中，小球和槽组成的系统在水平方向上动量守恒，但是，当小球接触弹簧的过程中，弹簧会对小球施加一个水平向左的外力，故在此运动过程中小球和槽组成的系统动量不守恒，A错误；小球在弧形槽中下滑过程中和弧形槽之间产生了一个垂直于接触面的弹力，而

13、且在弹力水平分力的方向上两者都发生了位移，故小球和弧形槽之间的相互作用力会做功，B错误；小球下滑时，与光滑弧形槽在水平方向上动量守恒，所以小球离开光滑弧形槽时，两者速度大小相等、方向相反，因此，小球被弹簧反弹后，速度与光滑弧形槽速度相等，且都做匀速直线运动，小球不能追上光滑弧形槽，C正确，D错误2(多选)如图2所示，与水平轻弹簧相连的物体A停放在光滑的水平面上，物体B沿水平方向向右运动，跟轻弹簧相碰在B跟弹簧相碰后，对于A、B和轻弹簧组成的系统，下列说法中正确的是()图2A弹簧压缩量最大时，A、B的速度相同B弹簧压缩量最大时，A、B的动能之和最小C弹簧被压缩的过程中系统的总动量不断减少D物体A

14、的速度最大时，弹簧的弹性势能为零答案ABD解析物体B与弹簧接触时，弹簧发生形变，产生弹力，可知B做减速运动，A做加速运动，当两者速度相等时，弹簧的压缩量最大，故A正确A、B和弹簧组成的系统能量守恒，弹簧压缩量最大时，弹性势能最大，此时A、B的动能之和最小，故B正确弹簧在压缩的过程中，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，故C错误当两者速度相等时，弹簧的压缩量最大，然后A继续加速，B继续减速，弹簧逐渐恢复原长，当弹簧恢复原长时，A的速度最大，此时弹簧的弹性势能为零，故D正确3(2020日照市3月模拟)A、B两小球静止在光滑水平面上，用水平轻弹簧相连接，A、B两球的质量分别为m和M(mL2 BL1|v1

15、|，所以人能再接住球，人接球的过程，由动量守恒得：m1v1m2v2(m1m2)v共，得v共 m/s，负号表示方向向右5如图5所示，静止放置在光滑水平面上的A、B、C三个滑块，滑块A、B间通过一水平轻弹簧相连，滑块A左侧紧靠一竖直固定挡板P，某时刻给滑块C施加一个水平冲量使其以初速度v0水平向左运动，滑块C撞上滑块B的瞬间二者粘在一起共同向左运动，弹簧被压缩至最短的瞬间具有的弹性势能为1.35 J，此时撤掉固定挡板P，之后弹簧弹开释放势能，已知滑块A、B、C的质量分别为mAmB0.2 kg，mC0.1 kg，(取3.16)求：图5(1)滑块C的初速度v0的大小；(2)当弹簧弹开后恢复原长的瞬间，

16、滑块B、C的速度大小；(3)从滑块B、C压缩弹簧至弹簧恢复原长的过程中，弹簧对滑块B、C整体的冲量答案(1)9 m/s(2)1.9 m/s(3)1.47 Ns，方向水平向右解析(1)滑块C撞上滑块B的过程中，滑块B、C组成的系统动量守恒，以水平向左为正方向，根据动量守恒定律得：mCv0(mBmC)v1弹簧被压缩至最短时，滑块B、C速度为零，根据能量守恒定律得：Ep(mBmC)v12解得：v13 m/s，v09 m/s(2)设弹簧弹开后恢复原长的瞬间，滑块B、C的速度大小为v2，滑块A的大小为v3，根据动量守恒定律得：mAv3(mBmC)v2，根据能量守恒定律得：EpmAv32(mBmC)v22解得：v21.9 m/s(3)设弹簧对滑块B、C整体的冲量为I，选向右为正方向，由动量定理得：Ip(mBmC)(v2v1)解得：I1.47 Ns，方向水平向右