适应性训练三.docx

1、适应性训练三适应性训练三13下列说法中正确的是 A光的干涉现象说明光具有波动性，光的衍射现象说明光是横波B光电效应现象说明了光具有粒子性C在电磁波谱中，波长很短的光子只具有粒子性D光在任何介质中的速度都相同是狭义相对论的基本假设之一14下列说法中正确的是 A氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，电子的动能增加，原子的电势能减少B氢原子被激发后发出的可见光光子的能量大于紫外线光子的能量C射线是由原子核内放射出的氦核，与射线和射线相比它具有较强的穿透能力D放射性元素的半衰期会随温度或压强的变化而变化15一列沿x轴传播的简谐横波，t=0时刻的波形如图151中实线所示，t=0.3s时刻的波形为图中虚线所示

2、，则 A波的传播方向一定向右B波的周期可能为0.5sC波的频率可能为5.0HzD波的传播速度可能为9.0m/s16我国研制并成功发射的“嫦娥二号”探测卫星，在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行的周期为T。若以R表示月球的半径，则 A卫星运行时的向心加速度为B卫星运行时的线速度为C物体在月球表面自由下落的加速度为D月球的第一宇宙速度为17用控制变量法，可以研究影响电荷间相互作用力的因素。如图2所示，O是一个带电的物体，若把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P1、P2、P3等位置，可以比较小球在不同位置所受带电物体的作用力的大小。这个力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度显示出来。若

3、物体O的电荷量用Q表示，小球的电荷量用q表示，物体与小球间距离用d表示，物体和小球之间的作用力大小用F表示。则以下对该实验现象的判断正确的是A保持Q、q不变，增大d，则变大，说明F与d有关B保持Q、q不变，减小d，则变大，说明F与d成反比C保持Q、d不变，减小q，则变小，说明F与q有关D保持q、d不变，减小Q，则变小，说明F与Q成正比18近年来，随着移动电话的普遍使用，无线电台站（基站）的分布越来越密集，电磁辐射污染的话题越来越受到人们的关注。其实电磁辐射并不可怕，只要被控制在可以接受的标准以内，对人体健康就不会有危害。我国制定的基站辐射标准规定对人体电磁辐射强度（单位时间内内垂直通过单位面积

4、的电磁辐射能量）不得超过0.40W/m2。若某基站电磁辐射功率为40W，以下数据是人体到基站最小安全距离的估算，其中正确的是A1.0m B10m C 1.0102m D1.0103m 19如图19-1所示，平行金属导轨MN和PQ与水平面成角，导轨两端各与阻值均为R的固定电阻R1和R2相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面。质量为m、电阻为R/2的导体棒以一定的初速度沿导轨向上滑动，在滑动过程中导体棒与金属导轨始终垂直并接触良好。已知t1时刻导体棒上滑的速度为v1，此时电阻R1消耗的电功率为P1；t2时刻导体棒上滑的速度为v2，此时电阻R2消耗的电功率为P2，忽略平行金属导轨MN和PQ的电阻且不计空气阻

5、力。则 At1时刻导体棒受到的安培力的大小为6P1/v1B t2时刻导体棒克服安培力做功的功率为4P2 Ct1t2这段时间内导体棒克服安培力做的功为4P1(t2-t1) Dt1t2这段时间内导体棒受到的安培力的冲量大小为m(v1-v2)20如图201所示，光滑的水平桌面处在方向竖直向下的匀强磁场中，桌面上平放着一根一端开口、内壁光滑的绝缘细管，细管封闭端有一带电小球，小球直径略小于管的直径，细管的中心轴线沿y轴方向。在水平拉力F作用下，试管沿x轴方向匀速运动，带电小球能从细管口处飞出。带电小球在离开细管前的运动过程中，关于小球运动的加速度a、沿y轴方向的速度vy、拉力F以及管壁对小球的弹力做功

6、的功率P随时间t变化的图象分别如图202所示，其中正确的是： 21（1） “探究动能定理”的实验装置如图211所示，当小车在两条橡皮筋作用下弹出时，橡皮筋对小车做的功记为W0。当用4条、6条、8条完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、第4次实验时，橡皮筋对小车做的功记为2W0、3W0、4W0，每次实验中由静止弹出的小车获得的最大速度可由打点计时器所打的纸带测出。 关于该实验，下列说法正确的是 A打点计时器可以用直流电源供电，电压为46V B实验中使用的若干根橡皮筋的原长可以不相等 C每次实验中应使小车从同一位置由静止弹出 D利用每次测出的小车最大速度vm和橡皮筋做的功W，依次做出W-vm

7、、W-vm2、W-vm3、W2-vm、W3-vm的图象，得出合力做功与物体速度变化的关系。 图212给出了某次在正确操作情况下打出的纸带，从中截取了测量物体最大速度所用的一段纸带，测得O点到A、B、C、D、E各点的距离分别为OA=5.65cm，OB=7.12cm，OC=8.78cm，OD=10.40cm，OE=11.91cm。已知相邻两点打点时间间隔为0.02s，则小车获得的最大速度vm= m/s。21（2）有一根细长而均匀的金属管线样品，长约为60cm，电阻大约为6。横截面如图217所示。 用螺旋测微器测量金属管线的外径，示数如图218所示，金属管线的外径为_mm；现有如下器材A电流表（量程

8、0.6A，内阻约0.1)B电流表（量程3A，内阻约0.03)C电压表（量程3V，内阻约3k)D滑动变阻器（1750，0.3 A)E滑动变阻器（15，3A)F蓄电池（6V，内阻很小)G开关一个，带夹子的导线若干要进一步精确测量金属管线样品的阻值，电流表应选 ，滑动变阻器应选 。（只填代号字母）。请将图219所示的实际测量电路补充完整。已知金属管线样品材料的电阻率为，通过多次测量得出金属管线的电阻为R，金属管线的外径为d，要想求得金属管线内形状不规则的中空部分的截面积S，在前面实验的基础上，还需要测量的物理量是 。计算中空部分截面积的表达式为S= 。22如图221所示，滑板运动员从倾角为53的斜坡

9、顶端滑下，滑下的过程中他突然发现在斜面底端有一个高h=1.4m、宽L=1.2m的长方体障碍物，为了不触及这个障碍物，他必须距水平地面高度H=3.2m的A点沿水平方向跳起离开斜面。已知运动员的滑板与斜面间的动摩擦因数=0.1，忽略空气阻力，重力加速度g取10m/s2。（已知sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）运动员在斜面上滑行的加速度的大小；（2）若运动员不触及障碍物，他从斜面上起跳后到落至水平面的过程所经历的时间；（3）运动员为了不触及障碍物，他从A点沿水平方向起跳的最小速度。23在高能物理研究中，粒子加速器起着重要作用，而早期的加速器只能使带电粒子在高压电场中加速一次，因而粒子

10、所能达到的能量受到高压技术的限制。1930年，Earnest O. Lawrence提出了回旋加速器的理论，他设想用磁场使带电粒子沿圆弧形轨道旋转，多次反复地通过高频加速电场，直至达到高能量。图甲为Earnest O. Lawrence设计的回旋加速器的示意图。它由两个铝制D型金属扁盒组成，两个D形盒正中间开有一条狭缝；两个D型盒处在匀强磁场中并接有高频交变电压。图乙为俯视图，在D型盒上半面中心S处有一正离子源，它发出的正离子，经狭缝电压加速后，进入D型盒中。在磁场力的作用下运动半周，再经狭缝电压加速；为保证粒子每次经过狭缝都被加速，应设法使交变电压的周期与粒子在狭缝及磁场中运动的周期一致。如

11、此周而复始，最后到达D型盒的边缘，获得最大速度后被束流提取装置提取出。已知正离子的电荷量为q，质量为m，加速时电极间电压大小恒为U，磁场的磁感应强度为B，D型盒的半径为R，狭缝之间的距离为d。设正离子从离子源出发时的初速度为零。（1）试计算上述正离子从离子源出发被第一次加速后进入下半盒中运动的轨道半径；（2）尽管粒子在狭缝中每次加速的时间很短但也不可忽略。试计算上述正离子在某次加速过程当中从离开离子源到被第n次加速结束时所经历的时间； （3）不考虑相对论效应，试分析要提高某一离子被半径为R的回旋加速器加速后的最大动能可采用的措施。24（20分）如图24-1所示，一个物块A（可看成质点）放在足够

12、长的平板小车B的右端，A、B一起以v0的水平初速度沿光滑水平面向左滑行。左边有一固定的竖直墙壁，小车B与墙壁相碰，碰撞时间极短，且碰撞前、后无动能损失。已知物块A与小车B的水平上表面间的动摩擦因数为，重力加速度为g。 （1）若A、B的质量均为m，求小车与墙壁碰撞后的运动过程中，物块A所受摩擦力的冲量大小和方向； （2）若A、B的质量比为k，且k1，求物块A在小车B上发生相对运动的过程中物块A对地的位移大小； （3）若A、B的质量比为k，且k=2，求小车第一次与墙壁碰撞后的运动过程所经历的总时间。13 B 14 A 15 D 16 17 C 18 B 19 B 20 D21、答案：（1） CD；

13、0.83。（2） 1.1250.001 A；E 见图2110 管线长度L； 22、解：（1）设运动员连同滑板的质量为m，运动员在斜面上滑行的过程中，根据牛顿第二定律 解得运动员在斜面上滑行的加速度 =7.4m/s2（2）从运动员斜面上起跳后沿竖直方向做自由落体运动，根据自由落体公式 解得 =0.8s （3）为了不触及障碍物，运动员以速度v沿水平方向起跳后竖直下落高度为H-h时，他沿水平方向的运动的距离为Hcot53+L，设他在这段时间内运动的时间为t,则 Hcot53+L=vt 解得 v=6.0m/s 23、设正离子经过窄缝被第一次加速加速后的速度为，由动能定理可得： （2分） 正离子在磁场中

14、做匀速圆周运动，由牛顿第二定律 （2分）由以上两式可解得： （1分）第二问：设正离子经过窄缝被第n次加速加速后的速度为，由动能定理可得： （1分）粒子在狭缝中经n次加速的总时间为： （1分） 由牛顿第二定律 （1分）由以上三式解得 （1分） 正离子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律 （1分） 又 （1分）粒子在磁场中做圆周运动的总时间为： （1分）由以上三式解得（1分）所以，粒子从离开离子源到被第n次加速结束时所经历的时间为 + （1分）第三问：当离子从D盒边缘离开时速度最大， （1分） （1分）离子获得的最大动能为 （1分）所以，要提高某一离子被半径为R的回旋加速器加速后的最大动能可以采

15、用增大加速器中的磁感应强度B的大小。（1分）（1）设小车B与墙碰撞后物块A与小车B所达到的共同速度大小为v，设向右为正方向，则由动量守恒定律得 mv0-mv0=2mv解得 v=0 对物块A，由动量定理得摩擦力对物块A的冲量 I=0-（-mv0）=mv0 冲量方向水平向右。 （2）设A和B的质量分别为km和m，小车B与墙碰撞后物块A与小车B所达到的共同速度大小为v，木块A的位移大小为s。设向右为正方向，则由动量守恒定律得：则 mv0-kmv0=(m+km)v解得 v= 对木块A由动能定理 代入数据解得 （3）当k=2时，根据题意由于摩擦的存在，经B与墙壁多次碰撞后最终A、B一起停在墙角。A与B发

16、生相对运动的时间t0可等效为A一直做匀减速运动到速度等于0的时间，在A与B发生相对滑动的整个过程，对A应用动量定理： 解得时间 设第1次碰后A、B达到的共同速度为v1，B碰墙后，A、B组成的系统，没有外力作用，水平方向动量守恒，设水平向右为正方向，由动量守恒定律，得mv02mv0=（2m+m）v1即 （负号表示v1的方向向左）第1次碰后小车B向左匀速运动的位移等于向右匀减速运动到速度大小为v1这段运动的位移s1对小车B，由动能定理得 -2mgs1=mv12-mv02解得 s1= 第1次碰后小车B向左匀速运动时间 设第2次碰后共速为v2，由动量守恒定律，得mv12mv1=（2m+m）v2即 第2次碰后小车B向左匀速运动的位移等于向右匀减速运动到速度大小为v2这段运动的位移s2对小车B，由动能定理得 -2mgs2=m v22-mv12解得 s2= 第2次碰后小车B向左匀速运动时间同理，设第3次碰后共速为v3，碰后小车B向左匀速运动的位移为s3，则由动量守恒定律，得 s3=第3次碰后小车B向左匀速运动时间 由此类推，第n次碰墙后小车B向左匀速运动时间。第1次碰墙后小车B向左匀速运动时间即B从第一次撞墙后每次向左匀速运动时间为首项为t1，末项为tn，公比为的无穷等比数列。即B从第一次与墙壁碰撞后匀速运动的总时间 所以，从第一次B与墙壁碰撞后运动的总时间