精品解析山西省太原市学年高一上学期期末考试物理试题精校Word版.docx

1、精品解析山西省太原市学年高一上学期期末考试物理试题精校Word版太原市20182019学年高一第一学期期末考试物理试卷一、单项选择题：1.2018 年 11 月 16 日，第 26 届国际计量大会上通过了关于“修订国际单位制（ SI）”的决议，根据决议， 4 个SI基本单位的定义将改用普朗克常数、基本电荷常数、玻尔兹曼常数和阿伏伽德罗常数定义。下列属于基本物理量的是（ ）A. 力 B. 质量 C. 速度 D. 电荷量【答案】B【解析】【分析】明确题意，知道现行的基本物理量是不变的，根据基本物理量的定义即可确定正确答案。【详解】国际单位制规定了七个基本物理量，分别为长度、质量、时间、热力学温度、

2、电流强度、发光强度、物质的量，故B正确ACD错误。故选：B。【点睛】单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位。2.在物理学的发展过程中，许多物理学家的研究推动了人类文明的进程。在对以下几位物理学家所做的贡献的叙述中，正确的是（ ）A. 亚里士多德认为较重物体与较轻物体下落的一样快B. 伽利略通过理想斜面实验认为物体的运动不需要力维持C. 笛卡尔认为如果物体受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一方向运动下去D. 牛顿认为力不仅可以维持物体的运动，而

3、且可以改变物体的运动状态【答案】B【解析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。【详解】A项：亚里士多德认为较重物体比较轻物体下落的更快，故A错误；B项：伽利略理想实验说明力不是维持物体运动的原因，故B正确；C项：笛卡尔认为如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，故C错误；D项：牛顿提出牛顿第一定律，指出力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故D错误。故选：B。【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。3.如图所示，在斜坡上放一物

4、体静止不动，该物体受重力 G、弹力 N 和静摩擦力 f 的作用，该物体的受力示意图大致正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】重力的方向竖直向下，摩擦力沿斜面向上，支持力垂直于斜面向上；重力、摩擦力以及支持力的作用点都在物体的重心。【详解】过物体的重心分别沿竖直向下、沿斜面向上以及垂直于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，分别用符号G、f和N表示；如图所示：故选：D。【点睛】此题主要考查了重力、支持力、摩擦力的画法，关键是确定这几个力的方向。4.从惯性的角度对生活中的现象进行分析，下列解释正确的是（ ）A. 赛车的速度可以超过螺旋桨飞机的速度，这表明质量小的物体可以获得大

5、惯性B. 射出枪膛的子弹在运动一段距离后连一件棉衣也穿不透，这表明它的惯性变小了C. 火车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢，这会改变它的惯性D. 摩托车转弯时车手要控制适当的速度和角度，也就是调控人和车的惯性【答案】C【解析】【分析】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，是物体固有的属性惯性的大小只与物体的质量有关，与其它因素无关。【详解】A项：惯性的大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，小质量的物体不可能获得大惯性，故A错误；B项：射出枪膛的子弹在运动相当长一段距离后连一件棉衣也穿不透，是因为它的动能减小了，而它的惯性大小只与其质量有关，即子弹的惯性大小是不变的，故B错误；

6、C项：质量是惯性大小的唯一量度，货车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢，这些会改变它的惯性，故C正确；D项：惯性的大小只与物体的质量有关，车手可以调整人和车的运动速度和方向，但不能调控惯性大小，故D错误。故选：C。【点睛】本题考查了惯性在生活中的应用，深入理解惯性的概念是解答的关键，注意明确惯性大小与运动状态以及受力情况均无关。5.长征系列运载火箭在 11 月 19 日圆满完成了 2018 年的第 20 次发射任务，这标志着我国运载火箭研制能力和产业化发展迈入新台阶。火箭是世界上先进的运载工具，它是利用喷射燃烧的气体获得动力的。不计空气阻力，在火箭竖直加速升空时，下列叙述正确的是（

7、）A. 喷出的气体对火箭地推力与火箭对喷出气体的推力是一对作用力和反作用力B. 喷出的气体对火箭地推力与火箭的重力是一对作用力与反作用力C. 喷出的气体对火箭的推力大于火箭对喷出气体的推力D. 喷出的气体对火箭的推力等于火箭的重力【答案】A【解析】【分析】相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在两个物体上。【详解】A、B、C项：由牛顿第三定律可知，喷出的气体对火箭地推力与火箭对喷出气体的推力是一对作用力和反作用力，所以喷出的气体对火箭地推力与火箭对喷出气体的推力大小相等，方向相反，故A正确，B、C错误；D项：当火箭沿竖直方向，向上加速升空时，喷出的气体对火箭的推力大于火

8、箭的重力，故D错误。故选：A。6.如图所示，作用于O点的三个力F1、F2、F3合力为零。F1沿y 轴负方向，大小已知；F2与x 轴正方向夹角为(90)，大小未知。下列说法正确的是（ ）A. F3不可能指向第三象限B. F3可能指向第一象限C. F3与F2的夹角越小，则F3与F2的合力越大D. F1和F2的合力大小可能的最小值为F1 cos【答案】D【解析】【分析】三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；题中第三个力F3与已知的两个力的合力相平衡。【详解】A、B项：三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线通过作图可知，当F1、F2的合力F可以在F1与

9、F2之间的任意方向，而三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故力F3只能在F1与F2之间的某个方向的反方向上，可以在第二象限，也可以在第三象限，当F1、F2的合力F在第一象限时，力F3在第三象限，故A、B错误；C项：由于三力平衡，F2与F3的合力始终等于F1，保持不变，故C错误；D项：通过作图可以知道，当F1、F2的合力F与F2垂直时合力F最小，等于F1cos，故D正确。故选：D。【点睛】本题关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后通过作图分析。7.去年10 月，云南省迪庆州发生一起“火流星”（陨石）空爆事件，空爆高度为37km.

10、假设空爆后一块质量为m 的陨石竖直下落，在某时刻受到的空气阻力为,则此时陨石加速度的大小为( )A. B. C. D. g【答案】A【解析】【分析】对陨石由牛顿第二定律列方程求解。【详解】由牛顿第二定律得： 解得： 故选：A。8.如图甲、乙所示，一物块放在粗糙斜面上，在平行斜面向上的外力F 作用下，斜面和物块始终处于静止状态。已知F 按照图乙所示规律变化，则在0t0时间内（ ）A. 地面对斜面体的摩擦力不变B. 地面对斜面体的摩擦力逐渐增大C. 物块对斜面体的摩擦力可能一直增大D. 物块对斜面体的摩擦力可能一直减小【答案】C【解析】【分析】对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力；结合平

11、衡条件分析物块与斜面间摩擦力大小的变化。对整体分析，通过水平方向平衡分析地面对斜面体摩擦力大小的变化。【详解】A、B项：、对整体分析，水平方向上平衡，有Fcos=f，知地面对斜面的摩擦力逐渐减小，故A、B错误；C、D项：对物块分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力处于平衡，若拉力的最大值大于重力的下滑分力，静摩擦力沿着斜面向下，则：F-f-mgsin=0，故拉力减小后，静摩擦力先减小后反向增加；若拉力的最大值小于重力的下滑分力，静摩擦力沿着斜面向上，则：F+f-mgsin=0，故拉力减小后，静摩擦力一直增大。故C正确，D错误。故选：C。【点睛】解决本题的关键正确地受力分析，通过共点力平衡进行求解，

12、注意整体法和隔离法的运用。9.如图，某同学用恒力通过与水平面成37角的绳子拉动质量为46kg 的木箱，使它从静止开始沿粗糙水平路面运动了2m，速度达到2m/s。已知木箱与路面的动摩擦因数为0.2，则（取sin 37 = 0.6，cos 37 = 0.8 , g = 10m/s2）( )A. 木箱加速度的大小为2m/s2 B. 地面对木箱的弹力大小为370NC. 该同学对木箱的拉力大小为120N D. 木箱受到的摩擦力大小为92N【答案】B【解析】【分析】由题意知木块先做匀加速运动，后做匀减速运动，由速度公式可以求得撤去推力F时的速度，撤去推力后木块做匀减速运动，摩擦力作为合力，产生加速度，由牛

13、顿第二定律可以求得加速度的大小，根据两段总位移列式即可求解。【详解】A项：由匀变速直线运动的速度位移公式得，故A错误；B、C项：木箱受到重力、恒力F、水平面的支持力和滑动摩擦力作用竖直方向：N-mg+Fsin37=0水平方向：Fcos37-f=ma又有：f=N联立解得：，故B正确，C错误；D项：木箱受到的摩擦力大小为，故D错误。故选：B。【点睛】分析清楚物体运动的过程，直接应用牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律求解即可10.如图所示，足够长的传送带与水平面的夹角为，传送带以速度v0向下匀速转动.在传送带的上端轻轻放置一个质量为m 的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数 tan，则能客观地反映小

14、木块的速度随时间变化关系的图像是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】要找出小木块速度随时间变化的关系，先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1；当小木块的速度与传送带速度相等时，由tan知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度a2；比较知道a1a2。【详解】初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：加速度：；当小木块的速度与传送带速度相等时，由tan

15、知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度： 比较知道a1a2，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率变小。故选：A。【点睛】本题的关键1、物体的速度与传送带的速度相等时物体会继续加速下滑2、小木块两段的加速度不一样大。二、多项选择题： 11.下列说法中正确的是（ ）A. 四种基本相互作用有可能是某种相互作用的不同表现方式B. 弹力、摩擦力都属于电磁力，而重力属于万有引力C. 物体的重心就是物体各部分所受重力的等效作用点D. 运动物体受到的摩擦力方向总与其运动方向相反【答案】ABC【解析】【分析】自然界中的物体是不能孤立存在的，力的作用是相互

16、的，施力物体一定也是受力物体，力按性质分类分为重力、弹力、摩擦力，常见的重力与万有引力有关；自然界的四种基本相互作用。【详解】A项：四种基本相互作用有可能是某种相互作用的不同表现方式，故A正确；B项：重力是由于地球的吸引而产生的力；故为万有引力相互作用，而弹力和摩擦力实质上是电磁的相互作用，故B正确；C项：物体的重心就是物体各部分所受重力的等效作用点，故C正确；D项：运动物体受到的滑动摩擦力，其方向总与其相对运动方向相反，故D错误。故选：ABC。【点睛】自然界中的物体是不能孤立存在的，力的作用是相互的；要掌握自然界的四种基本相互作用明确常见力的一定是四种相互作用的一种。12. 如图，鸟沿虚线斜

17、向上加速飞行，空气对其作用力可能是A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：鸟沿虚线斜向上加速飞行，加速度沿着虚线向上，故合力F沿着虚线向上；鸟受重力和空气对其作用力，根据三角形定则作图如下, 故选B考点：力的合成【名师点睛】本题是已知运动情况判断受力情况的问题，关键是先根据运动情况确定加速度方向，得到合力方向，然后受力分析后根据三角形定则判断空气作用力的方向。13.小娟、小明共提一桶水匀速前行，如图所示。已知两人手臂上的拉力大小相等且均为F ，两人手臂间的夹角为，水和水桶的总重力为G ，则（ ）A. 当0 时，FB. 不论为何值，FC. 若120 ，则FGD. 在从0 逐渐增大到1

18、50 的过程中， F 越来越小【答案】AC【解析】【分析】分析水桶的受力情况，分析平衡条件，求解小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系由于两人手臂均与竖直方向成 角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，从而根据列式，即可求解。【详解】设小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F，由题小娟、小明的手臂夹角成 角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，则根据平衡条件得： 解得： 当=0时，值最大，则F=当为120时，F=G，当越大时，则F越大。故选：AC。【点睛】本题要根据对称性得出两人对水桶的拉力大小相等，再由竖直方向力平衡即可求出小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系，是解题的关键

19、。14.图甲是某同学站在力传感器上做下蹲、起跳动作的示意图，a、d、f、g 时刻其重心P 位置对应如图。图乙是根据传感器采集到的数据做出的F-t 图线，图中ag 各点与图甲相对应（其中b、c、e 时刻图甲未画出）。根据图象可知（ ）A. 该同学的重力为500NB. 在a-b 时间内，该同学在加速下降C. e 时刻该同学正在减速上升D. 该同学在d 时的加速度等于在f 时的加速度【答案】AB【解析】【分析】开始时的人对传感器的压力等于其重力；失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处

20、于超重状态，此时有向上的加速度。人下蹲过程分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重，起立也是如此。【详解】A项：开始时人处于平衡状态，人对传感器的压力是500N，根据力的平衡可知，人的重力也是500N，故A正确；B项：由图乙可知，a-b时间内人对传感器的压力减小且小于人的重力，即处于失重状态，所以人加速下降，故B正确；C项：e点时人对传感器的压力大于其重力，处于超重状态，不可能减速上升，故C错误；D项：人在d点：，人在f点：，可知d点的加速度大于f点的加速度，故D错误。故选：AB。【点睛】本题考查物理知识与生活的联系，注意细致分析物理过程，仔细观察速度的变化

21、情况，与超失重的概念联系起来加以识别。15.图甲中，质量为M 的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m 的小滑块。当木板受到随时间t 变化的水平拉力F 作用时，其加速度a 与F 的关系如图乙所示。取g10m/s2，则（ ）A. 滑块的质量m4kgB. 木板的质量M2kgC. 当F8N 时，滑块的加速度为3m/s2D. 滑块与木板间的动摩擦因素为0.1【答案】ABD【解析】【分析】当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，m和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析。【详解】A、B项：当F等于6N时，加速度为：a=1m/s2，对整体分析，由牛顿

22、第二定律有：F=（M+m）a，代入数据解得：M+m=6kg，当F大于6N时，根据牛顿第二定律得： ，图象斜率，解得：M=2kg，滑块的质量m=4kg，故A、B正确；C、D项：根据F大于6N的图线知，F=4时，a=0，即：0=，解得=0.1，当F=8N时，长木板的加速度为：a=2m/s2；根据mg=ma得：滑块的加速度为 a=g=1m/s2，故C错误，D正确。故选：ABD。【点睛】本题考查牛顿第二定律与图象的综合，知道滑块和木板在不同拉力作用下的运动规律是解决本题的关键，掌握处理图象问题的一般方法，通常通过图线的斜率和截距入手分析。三、实验题： 16.某实验小组利用图甲所示的装置探究“弹力和弹簧

23、伸长量的关系”。（1）在测量弹簧的原长l0 时，考虑到弹簧具有重量，应将弹簧_（选填“水平放置”或“竖直悬挂”）进行测量。（2）下列说法中正确的是_。A、弹簧被拉伸时，不能超过它的弹性限度B、用直尺测得弹簧的长度等于弹簧的伸长量C、测量弹簧的长度时，应保证弹簧竖直且处于平衡状态D、采用不同的弹簧进行实验时，得到弹簧的弹力F 与伸长量x 的图线都重合（3）实验中，在弹簧下端依次挂上重量均为0.50N 的钩码，记录弹簧的长度l ，计算出伸长量x（x=l-l0）如下表：在图乙中补全数据点，作出Gx的关系图线_。由图线可求得弹簧的劲度系数k _ N / m。（结果保留三位有效数字）【答案】 (1).

24、（1）竖直悬挂； (2). （2）AC； (3). ； (4). （3）7.66（7.60-7.68）【解析】【分析】通过描点做出m-x图象根据描出的点利用直线将各点相连；由得出的图象，利用数学规律可得出对应的表达式；结合表达式及胡克定律可得出对应的劲度系数；【详解】(1)测量弹簧原长时如果将弹簧平放于水平桌面，所测原长偏小，所以弹簧在竖直方向时测弹簧的原长；(2)A项：弹簧被拉伸时，不能超过它的弹性限度，故A正确；B项：用直尺测得弹簧的长度应减去弹簧的原长即的弹簧的伸长量，故B错误；C项：测量弹簧的长度时，应保证弹簧竖直且处于平衡状态，故C正确；D项：由于不同弹簧的劲度系数不同，所以采用不同

25、的弹簧进行实验时，得到弹簧的弹力F 与伸长量x 的图线不会重合，故D错误；故选：AC。(3)如图：；由图可求得图线斜率为： ，所以弹簧的劲度系数为7.66N/m。【点睛】本题考查探究弹力和弹簧伸长之间的关系实验，要注意明确实验原理及实验中的注意事项，并正确根据图象分析实验数据。17.用图甲所示的装置，进行“探究加速度与力、质量的关系”的实验，实验中认为小车受到的力等于砝码及盘的总重力：（1）以下操作正确的是_A、调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B、平衡小车受到的摩擦力时，应将砝码盘挂在细绳的下端C、改变小车的质量时，不需要重新平衡小车受到的摩擦力D、实验中，应先放开小车再接通打

26、点计时器的电源（2）实验中，得到一条纸带如图乙所示：（交流电源的频率为50Hz ）由纸带可求得小车的加速度a _m / s2（结果保留两位有效数字）（3）在保持小车的质量一定，探究a 与F 速度关系时，实验小组在轨道水平及倾斜两种情况下分别进行了实验，得到了两条a F 图线如图丙所示，图线_是在轨道水平情况下得到的（选填“”或“”）；小车的总质量m _ kg （结果保留两位有效数字）【答案】 (1). （1）AC； (2). （2）0.88； (3). （3）， (4). 0.50【解析】【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项；知道滑块运动的加速度a

27、和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数；对滑块受力分析，根据牛顿第二定律求解【详解】(1)A项：调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行，故A正确；B项：平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故B错误；C项：每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力，故C正确；D项：实验中，应先接通打点计时器的电源再放开小车，故D错误。故选：AC。(2)交流电的周期为0.02s，时间间隔为，由逐差法可得：；(3) 由图象可知，当F=0时，a0也就是说当绳子上没

28、有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高所以图线是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的，图象是在轨道水平情况下得到的；根据F=ma得 ，所以滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块质量的倒数由图得加速度a和所受拉力F的关系图象斜率k=2，所以滑块和位移传感器发射部分的总质量m=0.5Kg。【点睛】通过作出两个量的图象，然后由图象去寻求未知量与已知量的关系，运用数学知识和物理量之间关系式结合起来求解。四计算题： 18.M99 是我国生产的性能先进、精度高、射程远的重型狙击步枪。M99 的枪管长度为1.48m。射击时，在火药的推力

29、下，子弹在枪管中由静止开始匀加速运动；射出枪口时，子弹的速度为800m/ s。已知子弹的质量为50g ，求：（1）子弹在枪管中加速度a 的大小；（2）子弹在枪管中受到作用力的大小。【答案】（1）2.16105m/s2；（2）1.08104N【解析】【分析】(1)由匀变速直线运动公式进行求解；(2)根据牛顿第二定律求解。【详解】(1)由于子弹在枪管中做匀加速直线运动解得：；(2) 根据Fma得。19.质量m 1000kg 的汽车在平直路面开始加速起动，受到的牵引力大小恒为 2500N，阻力大小恒为 1000N。当速度达到30m/ s时关闭发动机直到停止。假定行驶过程中汽车受到的阻力大小不变。求：

30、（1）加速过程中，汽车加速度的大小；（2）关闭发动机后，汽车加速度的大小；（3）从起步到停止，汽车前进的位移大小。【答案】（1）a1=1.5m/s2 ；（2）a2=1m/s2；（3）x=750m【解析】【分析】(1) 加速过程由牛顿第二定律求解加速过程的加速度；(2) 由牛顿第二定律求解减速的加速度；(3)由分别求出加速和减速的位移即可求出总位移。【详解】(1)加速过程由牛顿第二定律得： 代入数据解得：；(2) 关闭发动机后，汽车只受阻力作用，即有；(3)由可得：发动机关闭前，汽车做匀加速直线运动的位移 发动机关闭前，汽车做匀减速直线运动的位移总位移20.为测量竖直方向的加速度，某研究小组利用一根轻弹簧、刻度尺、钩码制作了一个测量加速度的装置。如图所示，轻弹簧上端固定在竖直放置的刻度尺的零刻线处，下端不a 挂钩码时指针指在A（0.10m）位置；挂上质量为0.2kg 的钩码，平衡时指