步步高《单元滚动检测卷》高考物理人教全国精练第七章 恒定电流.docx

1、步步高单元滚动检测卷高考物理人教全国精练第七章 恒定电流高三单元滚动检测卷物理考生注意：1本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分，共4页2答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上3本次考试时间90分钟，满分100分4请在密封线内作答，保持试卷清洁完整第七章恒定电流第卷(选择题，共40分)一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分在每小题给出的四个选项中，第16题只有一个选项正确，第710题有多项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分)1有三个用电器，分别为日光灯、电烙铁和电风扇，它们的额定电压和额定功率均为“2

2、20 V，60 W”现让它们在额定电压下工作相同的时间，产生的热量()A日光灯最多 B电烙铁最多C电风扇最多 D一样多2一个直流电动机，其线圈的电阻是0.5 ，当它两端所加电压为6 V时，通过电动机的电流是2 A由此可知()A电动机消耗的电功率为10 WB电动机发热的功率为10 WC电动机输出的机械功率为10 WD电动机的工作效率为20%3汽车轮胎气压自动报警装置的主要部件是压阻式压力传感器，某压阻式压力传感器的特点是压力F越大其电阻越小，现将该压力传感器R0接入如图1所示电路中，开关S闭合，当压力传感器所受压力增大时，下列说法正确的是()图1A电压表的示数增大B电流表的示数增大CR1的电功率

3、增大DR2的电功率增大4如图2所示电路中，GMR为一个磁敏电阻，它的阻值随所处空间磁场的增强而增大，闭合开关S1和S2后，在滑片P向右滑动时()图2AL1、L2都变暗BL1、L2都变亮CL1变暗，L2变亮DL1变亮，L2变暗5把标有“220 V,100 W”的A灯和“220 V，200 W”的B灯串联起来，接入220 V的电路中，不计导线电阻并假设两灯灯丝的电阻不变则下列判断中正确的是()A两灯的电阻之比RARB12B两灯两端的实际电压之比UAUB21C两灯实际消耗的功率之比PAPB12D在相同时间内，两灯实际发热之比QAQB126如图3所示，平行板电容器通过一滑动变阻器R与直流电源连接，G为

4、一零刻度在表盘中央的灵敏电流计，闭合开关S后，下列说法正确的是()图3A若只在两极板间插入电介质，电容器的两极板间电压将增大B若只在两极板间插入电介质，电容器的电容将保持不变C若只将电容器下极板向下移动一小段距离，此过程电流计中有从a到b方向的电流D若只将滑动变阻器滑片P向上移动，电容器储存的电荷量将增加7如图4所示，平行板电容器中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则()图4A电压表读数减小B电流表读数减小C质点P将向上运动DR1上消耗的功率逐渐增大8如图5所示，电源电动势E3 V，小灯泡L标有“2 V，0.4 W”开关S接1，当滑

5、动变阻器调到R4 时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作则()图5A电源内阻为1 B电动机的内阻为4 C电动机的正常工作电压为1 VD电源效率约为93.3%9如图6所示，电源电动势E9 V，内电阻r4.5 ，变阻器R1的最大电阻Rm5.0 ，R21.5 ，R3R41 000 ，平行板电容器C的两金属板水平放置在开关S与a接触且当电路稳定时，电源恰好有最大的输出功率，在平行板电容器中间引入一带电微粒恰能静止那么()图6A在题设条件下，R1接入电路的阻值应为3 ，电源的输出功率应为4.5 WB引入的微粒带负电，当开关接向b(未接触b)的过程中，微粒将向下运动C在题设条件

6、下，当R1的阻值增大时，R2两端的电压增大D在题设条件下，当开关接向b后，流过R3的电流方向为dc10如图7所示，图甲中M为一电动机，当滑动变阻器R的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示已知电流表读数在0.2 A以下时，电动机没有发生转动不考虑电表对电路的影响，以下判断正确的是()图7A电路中电源电动势为3.6 VB变阻器向右滑动时，V2读数逐渐减小C此电路中，电动机的最大输出功率为0.9 WD变阻器的最大阻值为30 第卷(非选择题，共60分)二、非选择题(共60分)11(10分)(2015广东理综34(2)某实验小组研究两个未知元件X和Y的伏安特性，使

7、用的器材包括电压表(内阻约为3 k)、电流表(内阻约为1 )、定值电阻等图8使用多用电表粗测元件X的电阻选择“1”欧姆挡测量，示数如图8(a)所示，读数为_.据此应选择图8中的 _(填“b”或“c”)电路进行实验连接所选电路，闭合S；滑动变阻器的滑片P从左向右滑动，电流表的示数逐渐_(填“增大”或“减小”)；依次记录电流及相应的电压；将元件X换成元件Y，重复实验图9图9(a)是根据实验数据作出的UI图线，由图可判断元件_(填“X”或“Y”)是非线性元件该小组还借助X和Y中的线性元件和阻值R21 的定值电阻，测量待测电池的电动势E和内阻r，电路如图9(b)所示闭合S1和S2，电压表读数为3.00

8、 V；断开S2，读数为1.00 V，利用图9(a)可算得E_V，r_(结果均保留两位有效数字，视电压表为理想电压表)12(10分)某同学为测定某柱形电子元件的电阻率，先做如下测量：(1)用螺旋测微器测量它的直径，示数如图10甲所示，读数为d_ mm；用游标为20分度的卡尺测量它的长度，示数如图乙所示，读数为L_ cm.图10(2)用多用电表粗测该元件的电阻，选用“10”倍率的欧姆挡后，应先进行_，再进行测量，之后多用电表的示数如图11a所示，测得该元件电阻为_ .图11(3)为了精确测得上述待测电阻Rx的阻值，实验室提供了如下器材：A电流表A1(量程50 mA、内阻r110 )B电流表A2(量

9、程200 mA、内阻r2约为2 )C定值电阻R030 D滑动变阻器R(最大阻值约为10 )E电源E(电动势约为4 V)F开关S、导线若干该同学设计了测量电阻Rx的一种实验电路原理图如图b所示，N处的电流表应选用_(填器材选项前相应的英文字母)开关S闭合前应将滑动变阻器的滑片置于_(选填“a”或者“b”)若M、N电表的读数分别为IM、IN，则Rx的计算式为Rx_(用题中字母表示)13(12分)在如图12所示的电路中，R12 ，R2R34 ，当开关S接a时，R2上消耗的电功率为4 W，当开关S接b时，电压表示数为4.5 V，试求：图12(1)开关S接a时，通过电源的电流和电源两端的电压；(2)开关

10、S接b时，电源的电动势和内电阻；(3)当开关S接c时，通过R2的电流14.(14分)如图13所示，一电荷量q3105 C的小球，用绝缘细线悬挂于一对竖直放置的足够大的平行金属板中的O点开关S闭合后，小球静止时细线与竖直方向的夹角37.已知两板间距d0.1 m，电源电动势E15 V，内阻r0.5 ，电阻R13 ，R2R3R48 .取g10 m/s2，已知sin 370.6，cos 370.8.求：图13(1)电路稳定后电源的输出功率；(2)电路稳定后两板间的电场强度的大小；(3)带电小球的质量15(14分)如图14所示，内壁光滑、内径很小的圆弧管固定在竖直平面内，圆弧的半径r为 0.2 m，在圆

11、心O处固定一个电荷量为1.0109 C的点电荷Q.质量为0.06 kg、直径略小于圆管截面直径的带电小球，从与O点等高的A点沿圆管内径由静止运动到最低点B，到达B点时小球刚好与圆弧管间没有作用力，然后从B点进入板间距d0.08 m的平行板电容器后刚好能在水平方向上做匀速直线运动，且此时电路中的电动机刚好能正常工作(开关闭合)已知电源的电动势为12 V，内阻为1 ，定值电阻R的阻值为 6 ，电动机的内阻为 0.5 .求：(取g10 m/s2，静电力常量k9.0109 Nm2/C2)图14(1)小球到达B点时的速度；(2)小球所带的电荷量；(3)电动机的机械功率答案解析1B三个用电器的额定功率相同

12、，在相同的时间内消耗的电能相同，但日光灯将消耗的电能中的大部分转化为光能，电风扇将消耗的电能中的大部分转化为机械能，只有电烙铁将消耗的电能绝大部分转化为热量，故选B.2C非纯电阻用电器如电动机，电动机消耗的电功率P总UI12 W，选项A错误；电动机发热的功率P热I2R2 W，选项B错误；电动机输出的机械功率P机P总P热10 W，选项C正确；电动机的工作效率为机械功率除以总功率83%，选项D错误3C压力传感器所受压力增大时，R0接入电路中的阻值变小，根据并联电路特点，并联部分电阻减小，电路总电阻减小根据闭合电路欧姆定律，电路中的总电流增大，则内电压增大，R1上的电压也增大，并联部分的电压减小，所

13、以电压表示数变小，电流表示数变小，选项A、B错误；根据电功率PI2R知，R1的电功率增大，R2的电功率减小，故选项C正确，D错误4D滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的有效电阻变大，电磁铁产生的磁场减弱，磁敏电阻的阻值减小，右侧电路外电阻变小，路端电压变小，L2变暗，总电阻变小，总电流变大，通过L2的电流变小，通过L1的电流变大，L1变亮，选项D正确5BRA 484 ，RB 242 ，则RARB21，因为A与B串联，所以UAUBRARB21，PAPBRARB21.在相同时间内，QAQBRARB21.故只有B正确6D若只在两极板间插入电介质，电容器的电容将增大，电压不变，选项A、B错误若只将电

14、容器下极板向下移动一小段距离，电容器的电容将减小，由C可知，电容器所带电荷量Q减小，此过程电流计中有从b到a方向的电流，选项C错误若只将滑动变阻器滑片P向上移动，电容器两端的电压升高，由C可知，所带电荷量Q增大，电容器储存的电荷量将增加，选项D正确7BCR4的滑片向b端移动时，R4R总I总U端，分析电流表示数变化时，可把R1和R3等效为电源内阻，示数即可等效为总电流，由上面分析知其示数减小，B正确；分析示数的变化时，可把R1、R2和R3都等效为电源内阻，其示数即为等效路端电压，增大，A错误；分析电容器两极板间电压时，可把R1等效为电源内阻，UC增大，E增大，故质点P将向上运动，C正确；P1IR

15、1减小，D错误8AD由小灯泡的额定功率PUI可知，I0.2 A，由欧姆定律得RL，可知小灯泡正常发光时电阻RL10 ，由闭合电路欧姆定律可知I，解得r1 ，A正确；开关S接2时小灯泡正常发光，说明电路中电流仍为0.2 A，故电动机两端电压UEIRLIr0.8 V，电动机为非纯电阻用电器，故电动机内阻不等于4 ，B、C错误；由P总EI，P内I2r，100%代入数据可得电源效率约为93.3%，D正确9AD选项A中，在开关S与a接触且当电路稳定时，电源恰好有最大的输出功率，可知R1R2r，R21.5 ，则R13 ，电源的输出功率Pm4.5 W，故选项A正确；微粒受重力和电场力作用而处于平衡状态，而上

16、极板带正电，可知微粒带负电当开关接向b(未接触b)的过程中，电容器所带的电荷量未变，电场强度也不变，所以微粒不动，故选项B错误；选项C中，电容器所在的支路相当于断路，在题设条件下，R1和R2及电源构成串联电路，R1的阻值增大时，总电阻增大，总电流减小，R2两端的电压减小，故选项C错误；选项D中，在题设条件下，开关接a时，上极板带正电，当开关接向b后，下极板带正电，流过R3的电流方向为dc，故选项D正确10AD由题图甲知，电压表V2测量路端电压，电流增大时，内电压增大，路端电压减小，所以题图乙中最上面的图线表示V2的电压与电流的关系此图线的斜率的绝对值等于电源的内阻，为r 2 .当电流I0.1

17、A时，U3.4 V，则电源的电动势EUIr3.4 V0.12 V3.6 V，故A正确；变阻器向右滑动时，R阻值变大，总电流减小，内电压减小，路端电压即为V2读数逐渐增大，故B错误；由题图乙可知，电动机的电阻rM 4 .当I0.3 A时，U3 V，电动机输出功率最大，最大为PUII2rM3 V0.3 A(0.3 A)24 0.54 W，故C错误；当I0.1 A时，电路中电流最小，变阻器的电阻为最大值，所以RrrM(24)30 ，故D正确1110b增大Y3.20.50解析用多用电表的欧姆挡测电阻时，电阻值示数倍率，故X的读数为10 110 ，由于，或RXRV，故用伏安法测元件X的电阻时，电流表应外

18、接，故选b电路进行实验滑片P从左向右滑动过程中，元件X两端的电压越来越大，电流越来越大，故电流表示数逐渐增大由UI图线可知Y是非线性元件由中的UI图线，可知线性元件的电阻RX10 ，当S1、S2都闭合时，回路中的电流I10.3 A，当S1闭合，S2断开时，回路中的电流I20.1 A，根据闭合电路欧姆定律，得EI1(RXr)，EI2(RXRr)，联立两式并代入数据解得E3.2 V，r0.50 .12(1)0.617(0.6160.618均可)10.670(2)欧姆调零70(3)Bar1解析(1)螺旋测微器的固定刻度读数为0.5 mm，可动刻度读数为：1170.010.117 mm，所以最终读数为

19、：0.5 mm0.117 mm0.617 mm；游标卡尺的主尺读数为106 mm，游标读数为0.05140.70 mm，所以最终读数为：106 mm0.70 mm106.70 mm10.670 cm(2)用多用电表测量该元件的电阻，选用“10”倍率的欧姆挡后，应先进行欧姆调零，再进行测量，由题图a所示可知，测量结果为710 70 ；(3)通过待测电阻的最大电流约为：IM A0.057 A57 mA通过N的最大电流约为：INIM0.057 A A0.19 A190 mA为保证测量时电流表读数不小于其量程的三分之一，N处的电流表应选B；开关S闭合前应将滑动变阻器的滑片置于a端；通过定值电阻R0的电

20、流IINIM，并联电路两端电压UIR0(INIM)R0Rxr1则待测电阻的电阻值：Rxr113(1)1 A4 V(2)6 V2 (3)0.5 A解析(1)当S接a时，R1被短路，外电阻为R2，根据电功率公式可得通过电源的电流I1 1 A电源两端的电压U14 V.(2)当S接a时，有EU1I1r4r当S接b时，R1和R2串联，R外R1R26 通过电源的电流I20.75 A这时有：EU2I2r4.50.75r联立式得：E6 V，r2 .(3)当S接c时，R总R1rR236 总电流I总1 A通过R2的电流II总0.5 A.14(1)28 W(2)140 V/m(3)5.6104 kg解析(1)外电路

21、电阻RR1电路稳定后电路中的总电流I路端电压UEIr输出功率PUI联立以上各式代入数据解得P28 W(2)场强E0140 V/m(3)设带电小球质量为m，mgtan qE0解得m5.6104 kg15(1)2 m/s(2)8103 C(3)4.5 W解析(1)由机械能守恒得，mgrmv解得vB2 m/s(2)到达B点时小球刚好与圆弧管间没有作用力，设小球所带电荷量为q，由牛顿第二定律得mg解得q8103 C(3)设电容器两端电压为U，电动机两端电压为UM，由小球在平行板间做匀速直线运动得mg由欧姆定律得I所以，电动机两端电压UMEUIrP机P总P热IUMI2rM联立各式代入数据解得P机4.5 W