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1、配套K12学习浙江选考高考物理二轮复习 专题一 力与运动 第2讲 力和物体的平衡第2讲力和物体的平衡历次选考考情分析章知识内容考试要求历次选考统计必考加试2015/102016/042016/102017/042017/112018/04相互作用重力、基本相互作用cc23弹力cc摩擦力cc13力的合成cc1713力的分解cc137牛顿运动定律共点力平衡条件及应用cc1113105考点一重力、弹力、摩擦力及受力分析1分析受力的思路(1)先数研究对象有几个接触处，每个接触处最多有两个力(弹力和摩擦力)(2)同时注意对场力的分析(3)假设法是判断弹力、摩擦力是否存在及其方向的基本方法2整体法与隔离法

2、在分析两个或两个以上的物体间的相互作用时，一般采用整体法与隔离法进行分析；采用整体法进行受力分析时，要注意各个物体的运动状态应该相同3弹力大小的计算方法(1)根据胡克定律进行求解(2)根据力的平衡条件进行求解(3)根据牛顿第二定律进行求解4摩擦力大小的计算方法(1)首先分清摩擦力的种类，因为只有滑动摩擦力才能用公式FfFN求解，静摩擦力通常只能用平衡条件或牛顿运动定律求解(2)滑动摩擦力的大小与物体速度的大小无关，与接触面积的大小也无关1受力分析(2018嘉兴市期末)如图1所示，足球弹射到球网上，关于足球受力分析说法正确的是()图1A足球受到重力、弹力、摩擦力B图中足球没有发生形变C足球受到的

3、弹力是足球形变产生的D足球所受的合外力为零答案A2弹力(2018新高考研究联盟联考)小明在倾斜的路面上使用一台没有故障的体重秤，那么测出来的体重示数比他实际体重()A偏大B偏小C准确D不准确，但无法判断偏大偏小答案B3摩擦力(2018宁波市期末)现代的激光打印机都是自动进纸的，其进纸原理如图2所示，进纸槽里叠放有一叠白纸，每一张白纸的质量为m.进纸时滚轮以竖直向下的力压在第1张白纸上，并沿逆时针方向转动，确保第1张纸与第2张纸相对滑动设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，滚轮与白纸之间的动摩擦因数为1，白纸之间、白纸与进纸槽底座之间的动摩擦因数均为2(12)，则下列说法正确的是()图2A第1张白纸受

4、到滚轮的摩擦力向左B最后一张白纸受到进纸槽底座的摩擦力向左C一张白纸受到上一张白纸的摩擦力一定向左D任意两张白纸之间均可能发生相对滑动答案B4动摩擦因数(2018新高考研究联盟联考)图3是汽车45极限爬坡时的照片，若汽车要缓慢匀速地开上45的斜坡，车胎和路面之间的动摩擦因数至少要达到()图3A0.7 B0.8 C0.9 D1答案D解析若要汽车匀速上坡，mgcos 45mgsin 45，即1，故D正确考点二平衡条件的应用1共点力平衡的常用处理方法(1)合成法：物体受三个共点力的作用而平衡，则任意两个力的合力一定与第三个力大小相等，方向相反(2)效果分解法：物体受三个共点力的作用而平衡，将某一个力

5、按力的效果分解，则其分力和其他两个力满足平衡条件(3)正交分解法：物体受到三个或三个以上共点力的作用而平衡，通过建立平面直角坐标系将物体所受的力分解为相互垂直的两组，每组力都满足平衡条件(4)力的三角形法：对受三个共点力作用而平衡的物体，将力的矢量图平移使三力组成一个首尾依次相接的矢量三角形，根据数学知识求解未知力2动态平衡问题分析的常用方法(1)解析法：一般把力进行正交分解，两个方向上列平衡方程，写出所要分析的力与变化角度的关系，然后判断各力的变化趋势(2)图解法：能用图解法分析动态变化的问题有三个显著特征：物体一般受三个共点力作用；其中有一个大小、方向都不变的力；还有一个方向不变的力模型1

6、静态平衡问题例1如图4所示，一条不可伸长的轻质细绳一端跨过光滑小钉子b悬挂一质量为m1的重物，另一端与一轻质绳相连于c点，ac，c点悬挂质量为m2的重物，平衡时ac正好水平，此时质量为m1的重物的上表面正好与ac在同一水平线上且到b点的距离为l，到a点的距离为l，则两重物的质量之比为()图4A. B2 C. D.答案C解析取c点为研究对象，设此时bc绳与水平方向夹角为.因c点受到三个力且处于平衡状态，所以任意两个力的合力均与第三个力大小相等，方向相反，根据平行四边形定则将绳ac上的拉力F与F1m1g合成，如图，则sin ，F2m2g，而sin ，所以，选项C正确5(2018温州市期末)一体操运

7、动员倒立并静止在水平地面上，下列图示姿势中，假设两手臂用力大小相等，那么沿手臂的力F最大的是()答案C解析将人所受的重力按照效果进行分解，由于大小、方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而C图中人最费力，A、D图中人最省力6(2017浙江11月选考5)叠放在水平地面上的四个完全相同的排球如图5所示，质量均为m，相互接触，球与地面间的动摩擦因数均为，则()图5A上方球与下方三个球间均没有弹力B下方三个球与水平地面间均没有摩擦力C水平地面对下方三个球的支持力均为mgD水平地面对下方三个球的摩擦力均为mg答案C解析将四个球看成一个整体，地面的支

8、持力与球的重力平衡，设下方三个球中的一个球受到的支持力大小为FN，因此3FN4mg，即FNmg，所以选项C正确由力的平衡条件知，下面三个球对最上面的球有弹力，故最上面的球对下面三个球肯定有弹力，选项A错误对地面上的其中一个球进行受力分析，如图所示由受力分析可知，选项B错误；由于小球是受到地面的静摩擦力，因此不能通过FfFN求解此摩擦力，选项D错误7.如图6所示，两根轻弹簧a、b的上端固定在竖直墙壁上，下端连接在小球上当小球静止，弹簧a、b与竖直方向的夹角分别为53和37，已知a、b的劲度系数分别为k1、k2.sin 530.8，cos 530.6，则a、b两弹簧的伸长量之比为(弹簧a、b均在弹

9、性限度内)()图6A. B. C. D.答案B解析作出小球的受力分析图如图所示：根据平衡条件得：Fmg，故a弹簧的弹力F1Fcos 53，b弹簧的弹力F2Fcos 37，根据胡克定律Fkx，得x，则a、b两弹簧的伸长量之比为，故B正确模型2动态平衡问题例2有甲、乙两根完全相同的轻绳，甲绳A、B两端按图7甲的方式固定，然后将一挂有质量为M的重物的光滑轻质动滑轮挂于轻绳上，当滑轮静止后，设甲绳子的张力大小为FT1；乙绳两端按图乙的方式连接，然后将挂有质量为M的重物的同样的动滑轮挂于乙轻绳上，当滑轮静止后，设乙绳子的张力大小为FT2.现甲绳的B端缓慢向下移动至C点，乙绳的E端缓慢移动至F点，在两绳的

10、移动过程中，下列说法正确的是()图7AFT1、FT2都变大 BFT1变大、FT2变小CFT1、FT2都不变 DFT1不变、FT2变大答案D解析对题图甲，设滑轮两侧绳与竖直方向的夹角为，A、C间距为s，绳长为L，由几何知识得sL1sin L2sin (L1L2)sin 又L1L2L得到sin ；当绳子B端慢慢向下移时，s、L没有变化，则不变，FT1大小不变；对题图乙，以滑轮为研究对象，设两侧绳与竖直方向的夹角为，2FT2cos G，解得：FT2；当绳子的右端从E向F移动的过程中，由于绳子的长度不变，所以两个绳子之间的夹角增大，所以绳子的拉力FT2增大，故A、B、C错误，D正确8.(201891高

11、中联盟联考)如图8所示，光滑的轻滑轮用细绳OO悬挂于O点：另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b，外力F水平向右拉b，整个系统处于静止状态若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则()图8A绳OO的张力也在一定范围内变化B物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化答案D9.如图9所示，一光滑小球静止在光滑半球面上，被竖直放置的光滑挡板挡住现水平向左缓慢地移动挡板直到半球的最高点，则在小球运动的过程中(该过程小球未脱离球面且球面始终静止)，挡板对小球的推力F、半球面对

12、小球的支持力FN的变化情况是()图9AF增大，FN减小 BF增大，FN增大CF减小，FN减小 DF减小，FN增大答案C解析小球受重力、半球面对它的支持力FN和挡板对它的推力F，设支持力方向与竖直方向的夹角为，根据共点力平衡条件，有：FN，Fmgtan ，挡板竖直且缓慢地水平向左移动过程中，角不断变小，故F减小，FN减小，故C正确，A、B、D错考点三与电场力和磁场力相关的平衡问题涉及电场力、磁场力的平衡问题的解题思路(1)恰当选取研究对象，通常为带电体或一段通电导线(2)按照先场力(包括重力、电场力和磁场力)，再接触力(包括弹力和摩擦力)，最后其他力的顺序对研究对象进行受力分析特别注意电场力和磁

13、场力方向的判断方法(3)根据物体受力情况，利用合成法、正交分解法或图解法等列平衡方程求解例3如图10所示为探究电荷间相互作用力的示意图，图中金属球A带正电，置于绝缘支架上，带电小球B悬于绝缘丝线的下端，质量为m.当悬在P1点，B球静止时，两带电小球刚好在同一高度，此时绝缘丝线与竖直方向的夹角为，重力加速度为g，则()图10AA、B间的库仑力为BA、B间的库仑力为mgsin C将悬点移到P2，平衡时B低于AD将悬点移到P2，平衡时A、B仍在同一高度答案C解析当B球处于平衡状态时，刚好与A球在同一水平面上，其受力如图所示，A、B带同种电荷，再由力的平行四边形定则可得：F库mgtan ，故A、B错误

14、；将悬点移到P2，若A、B仍在同一高度，由库仑定律可知，距离越远，A、B间的库仑力越小，根据平衡条件知角变小，则B球降低，故C正确，D错误10(2018七彩阳光联盟期中)一个质量为m、电荷量为q的小球，用丝线悬挂在方向水平向右的匀强电场中，场强为E.小球平衡时，悬线与竖直方向间夹角45，如图11所示若将匀强电场E的方向在纸面内逆时针转过角度30，小球重新达到平衡时，悬线与竖直方向间夹角为()图11A60 B45 C30 D15答案A11如图12所示，用两根绝缘细线将质量为m、长为l的金属棒ab悬挂在c、d两处，置于匀强磁场内当棒中通以从a到b的电流I后，两悬线偏离竖直方向角而处于平衡状态为了使

15、棒平衡在该位置上，所需的磁场的最小磁感应强度的大小、方向为()图12A.tan ，竖直向上 B.tan ，竖直向下C.sin ，平行于悬线向下 D.sin ，平行于悬线向上答案D解析要求所加磁场的磁感应强度最小，应使棒平衡时所受的安培力有最小值由于棒的重力恒定，悬线拉力的方向不变，由画出的力的三角形可知，安培力与拉力方向垂直时有最小值Fminmgsin ，即IlBminmgsin ，得Bminsin ，方向应平行于悬线向上故选D.考点四平衡中的临界与极值问题1临界与极值问题解题流程(1)对物体初始状态受力分析，明确所受各力的变化特点(2)由关键词判断可能出现的现象或状态变化(3)据初始状态与可

16、能发生的变化间的联系，判断出现变化的临界条件或可能存在的极值条件(4)选择合适的方法作图或列方程求解2解决临界与极值问题的常用方法(1)解析法：利用物体受力平衡写出未知量与已知量的关系表达式，根据已知量的变化情况来确定未知量的变化情况，利用临界条件确定未知量的临界值(2)图解法：根据已知量的变化情况，画出平行四边形的边角变化，确定未知量大小、方向的变化，确定未知量的临界值例4(2017鲁迅中学月考)如图13所示，两个小球a、b质量均为m，用细线相连并悬挂于O点，现用一轻质弹簧给小球a施加一个拉力F，使整个装置处于静止状态，且Oa与竖直方向夹角为45，已知弹簧的劲度系数为k，则弹簧形变量不可能是

17、()图13A. B. C. D.答案B解析当F与细线Oa垂直时，F有最小值，F的最小值为Fmin2mgsin 2mgmg.根据胡克定律得Fminkxmin，所以xmin，A、C、D可能，B不可能12.如图14，在水平板的左端有一固定挡板，挡板上连接一轻质弹簧紧贴弹簧放一质量为m的滑块，此时弹簧处于自然长度已知滑块与板间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力现将板的右端缓慢抬起(板与水平面的夹角为)，直到板竖直，此过程中弹簧弹力的大小F随夹角的变化关系可能是()图14答案C解析设板与水平面的夹角为时，滑块相对于板刚要滑动，则由mgsin mgcos 得tan ，则在0范围内，弹簧处于原长，弹

18、力F0当板与水平面的夹角大于时，滑块相对板缓慢滑动，由平衡条件得Fmgsin mgcos mgsin ()，其中tan ，说明F与是正弦形式的关系，当时，Fmg. 专题强化练1(2018嘉兴一中期末)老鹰在天空中飞翔，下列图中虚线表示老鹰在竖直平面内飞行的轨迹，关于老鹰在图示位置时的速度v及其所受合力F的方向可能正确的是()答案B2(2017七彩阳光联盟联考)“跑酷”是一项深受年轻人喜爱的运动，如图1为运动员在空中跳跃过程中的照片，此时运动员受到的力有()图1A重力B重力、向前冲力C重力、空气作用力D重力、向前冲力、空气作用力答案C3.(2018七彩阳光联盟期中)如图2所示，一把重为G的梯子仅

19、在一石块的支持下处于静止状态，此时梯子受到石块作用力的大小与方向分别是()图2A大于G、沿梯子斜向上B等于G、沿梯子斜向上C等于G、竖直向上D小于G、竖直向上答案C4.(2018宁波市期末)如图3，某同学将一本物理书用手指压在竖直的墙壁上保持静止，则与书本相关的作用力的大小，下列说法正确的是()图3A书本受到的摩擦力一定等于书本的重力B手指对书本的摩擦力一定等于书本的重力C墙对书本的摩擦力一定等于书本的重力D当手指对书本的压力增大时，书本受到的摩擦力也增大答案A解析书静止，处于平衡状态，书在竖直方向受重力与摩擦力作用，由平衡条件可知，书本受到的摩擦力等于书本的重力，故A正确；书本受到手指与墙壁

20、的摩擦力作用，由平衡条件可知，书本的重力等于手指与墙壁对书本的摩擦力的合力，手指对书本的摩擦力或墙壁对书本的摩擦力均小于书本的重力，故B、C错误；书本受到的摩擦力等于书本的重力，书本的重力不变，当手指对书本的压力增大时，书本受到的摩擦力不变，故D错误5.(2018湖州、衢州、丽水高三期末)如图4所示，将小铁球用两根长度相同的细绳悬挂在水平板下，磁铁放置在靠近铁球的右下方，铁球静止，则()图4A铁球可能受3个力B磁铁可能受3个力C两根细绳的拉力大小相等D两根绳的合力方向竖直向上答案A6(201891高中联盟期中)一只蜗牛沿着弧形菜叶从右向左缓慢爬行，如图5所示下列说法中正确的是()图5A菜叶对蜗

21、牛的弹力大小一定不变B菜叶对蜗牛的摩擦力大小一定不变C菜叶对蜗牛的摩擦力大小一定不断减小D菜叶对蜗牛的作用力大小一定不变答案D解析设坡角为，蜗牛受重力、支持力、摩擦力三力平衡，根据平衡条件可得：FNmgcos ，Ffmgsin ；由于坡角先变小后变大，故支持力FN先增大后减小，静摩擦力先减小后增大，故A、B、C错误；菜叶对蜗牛的作用力是静摩擦力和支持力的合力，始终与重力平衡，一直不变，故D正确7(2018嘉兴市期末)如图6所示，用手向右拉毛刷，毛刷与桌面保持相对静止，则()图6A手与毛刷间存在滑动摩擦力B手受到的摩擦力与刷毛受到桌面的摩擦力方向相反C毛刷受到桌面的静摩擦力方向向左D手与毛刷之间

22、不存在相互作用力答案C8(2018宁波市十校联考)中国书法是一种艺术在楷书笔画中，长横的写法要领如下：起笔时一顿，然后向右行笔，收笔时略向右按，再向左上回带，该同学在水平桌面上平铺一张白纸，为防止打滑，他在白纸的左侧靠近边缘处用镇纸压住，如图7所示则下列关于行笔过程中各物体的受力情况正确的是()图7A毛笔对纸的压力一定大于毛笔的重力B镇纸受到了向右的静摩擦力C白纸受到了3个摩擦力D桌面受到了向右的静摩擦力答案D解析提笔写字时，手对毛笔有向上的作用力，则毛笔对纸的压力不一定大于毛笔的重力，选项A错误；镇纸相对白纸无运动趋势，则镇纸不受静摩擦力作用，选项B错误；白纸受到笔的向右的滑动摩擦力，同时受

23、到桌面的向左的静摩擦力作用，选项C错误；桌面受到了白纸向右的静摩擦力，选项D正确9(2018台州市高三期末)如图8所示，一个教学用的直角三角板的边长分别为a、b、c，被沿两直角边的细绳A、B悬吊在天花板上，且斜边c恰好平行于天花板，过直角的竖直线为MN.设A、B两绳对三角形薄板的拉力分别为Fa和Fb，已知Fa和Fb及薄板的重力为在同一平面的共点力，则下列判断正确的是()图8A薄板的重心不在MN线上B两绳对薄板的拉力Fa和Fb之比为FaFbbcC两绳对薄板的拉力Fa和Fb之比为FaFbbaD两绳对薄板的拉力Fa和Fb是由于薄板发生形变而产生的答案C解析三角形薄板受重力、两个拉力处于平衡状态，三个

24、力虽然不是作用在同一点，根据三力汇交原理，三个力的延长线必然交于一点，由几何关系，三个力一定交于三角形下面的顶点，所以重心一定在MN线上，故A错误；三角形薄板受力分析如图所示根据平衡条件，则Famgcos ，Fbmgsin ，联立可得：，故C正确，B错误；两绳对薄板的拉力Fa和Fb是由于绳发生形变引起的，故D错误10(2018嘉兴市期末)在浙江省某次学考考试过程中，某位监考老师遵守规定采取图9甲或图乙的监考姿势，则()图9A甲、乙两图，人都不受地面的摩擦力B脚底部受到的支持力，图甲大于图乙C甲、乙两图，人对地面的压力相等D地面对人的作用力，图甲大于图乙答案C解析题图甲中人的两脚分开时有向两边的

25、运动趋势，要受地面的静摩擦力，而题图乙中人的两脚竖直不受摩擦力，故A错误；对题图甲、乙中的人受力分析可知，竖直方向两脚所受的总的支持力等于重力，由牛顿第三定律，人对地面的压力等于脚底部受到的总的支持力，也等于重力，故B错误，C正确；地面对人的作用力包括支持力和静摩擦力，由平衡知识知总的作用力等于重力，故D错误11.(2018金华市十校期末)吊坠是日常生活中极为常见的饰品，深受人们喜爱现将一“心形”金属吊坠穿在一根细线上，吊坠可沿细线自由滑动在佩戴过程中，某人手持细线两端，让吊坠静止在空中，如图10所示，现让两手水平向外缓慢移动，不计吊坠与细线间的摩擦，则在此过程中，细线中张力大小变化情况为()

26、图10A保持不变 B逐渐减小C逐渐增大 D先减小后增大答案C解析以吊坠为研究对象，分析受力情况，作出受力图，如图所示，根据平衡条件得：2Fcos mg，得到细线的拉力F，现让两手水平向外缓慢移动，变大，cos 变小，则F增大，故C正确，A、B、D错误12(2018台州市外国语学校期末)如图11所示，两段等长细线串接着两个质量、电荷量相等的带电小球a、b，a带正电、b带负电，悬挂于O点现在空间加上水平向右的匀强电场，则此装置平衡时的位置可能是下列哪幅图()图11答案A解析以两个小球组成的整体为研究对象，水平方向受到两个电场力，矢量和为零，竖直方向受到总重力，根据平衡条件知，细线Oa的拉力必定在竖

27、直方向，所以细线Oa的方向必须是竖直的，再以小球b为研究对象，由于带负电，该小球受到的电场力方向水平向左，则细线ab向左偏离竖直方向，故A正确，B、C、D错误13.(2018杭州市五校联考)如图12所示，质量为m、电荷量为Q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，另一个带电荷量也为Q的带电小球B固定于O点的正下方，已知细线长OA为2l，O到B点的距离为l，平衡时带电小球A、B处于同一高度，已知重力加速度为g，静电力常量为k，则()图12AA、B间库仑力大小为BA、B间库仑力大小为2mgC细线拉力大小为mgD细线拉力大小为答案D解析A、B间库仑力F又由平衡条件得Fmgtan 60mg细线拉力FT2mg

28、或者FT，故D正确14.研究性学习小组成员为了体验最大静摩擦力与滑动摩擦力的临界状态，设计了如图13所示的装置，一质量为m的滑块放在粗糙的长直木板上，让长直木板由水平位置缓慢向上转动(即木板与地面的夹角变大)，另一端不动，则该滑块受到的支持力FN、合外力F合、重力沿斜面方向的分力G1、摩擦力Ff随角度的变化关系图象不正确的是(g为重力加速度)()图13答案C解析对滑块受力分析可得，G1mgsin ，故B正确FNmgcos ，故A正确滑动后，F合mg(sin cos )，由于合外力与不成正比关系，故C错误滑动前，滑块受到的静摩擦力与重力沿斜面方向的分力大小相等，即按正弦规律变化，而滑动之后Ffmgcos ，但滑动摩擦力比最大静摩擦力稍小，故D正确15.如图14所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为.整个装置处于沿竖直方向的匀强磁场中质量为m的金属杆ab垂直导轨放置，当杆中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab刚好静止则()图14A磁场方向竖直向下Bab受安培力的方向平行导轨向上Cab受安培力的大小为mgtan