1、高分子第一二四章习题高分子第一、二、四章习题 第一章习题(绪论)11、求下列混合物的数均分子量、质均分子量和分子量分布指数。a、组分A:质量 = 10g,分子量 = 30 000; b、组分B:质量 = 5g,分子量 = 70 000;c、组分C:质量 = 1g,分子量 = 100 000第2章习题(缩聚与逐步聚合)21、通过碱滴定法和红外光谱法,同时测得21.3 g聚己二酰己二胺试样中含有2.50 10-3mol羧基。 根据这一数据,计算得数均分子量为8520。计算时需作什么假定?如何通过实验来确定的可靠性?如该假定不可靠,怎样由实验来测定正确的值?上述计算时需假设:聚己二酰己二胺由二元胺和
2、二元酸反应制得,每个大分子链平均只含一个羧基,且羧基数和胺基数相等。可以通过测定大分子链端基的COOH和NH2摩尔数以及大分子的摩尔数来验证假设的可靠性,如果大分子的摩尔数等于COOH和NH2的一半时,就可假定此假设的可靠性。用气相渗透压法可较准确地测定数均分子量,得到大分子的摩尔数。碱滴定法测得羧基基团数、红外光谱法测得羟基基团数22、羟基酸HO-(CH2)4-COOH进行线形缩聚,测得产物的质均分子量为18,400 g/mol-1,试计算:a. 羧基已经醌化的百分比 b. 数均聚合度 c. 结构单元数25、由1mol丁二醇和1mol己二酸合成数均分子量为5000的聚酯,(1)两基团数完全相
3、等,忽略端基对Mn的影响,求终止缩聚的反 应程度P。(2)在缩聚过程中,如果有0.5%(摩尔分数)的丁二醇脱水成乙 烯而损失,求达到同样反应程度时的数均分子量。(3)如何补偿丁二醇脱水损失,才能获得同一Mn的缩聚物?(4)假定原始混合物中羧基的总浓度为2mol,其中1.0为醋酸, 无其它因素影响两基团数比,求获同一Mn时所需的反应程度。26、 166乙二醇与乙二酸缩聚,测得不同时间下的羧基反应程度如下:a.求对羧基浓度的反应级数,判断自催化或酸催化b.求速率常数,浓度以COOHmol/kg反应物计, 解答:当反应为外加酸催化反应时,有故有由图可知1/(1-p)与t不成线性关系,故不为外加酸催化
4、反应。当该反应为自催化反应中的三级反应,则有27、在酸催化和自催化聚酯化反应中,假定k10-1kgmol-1min-1,k=10-3kg2eq-2min-l,Na0l0eqkg-1(eq为当量),反应程度p0.2、0.4、0.6、0.8、0.9、0.95、0.99、0.995,试计算: (1)基团a未反应的概率Na/ Na0;(2)数均聚合度Xn;(3)所需的时间。解 从反应速率常数的单位可以得知酸催化为2级反应,自催化为3级反应。不同反应程度下基团的未反应概率、数均聚合度及所需的反应时间根据下列公式计算,结果如下表所示。(1)基团a未反应的概率: Na/ Na01-p 28、等摩尔的乙二醇和
5、对苯二甲酸在280下封管内进行缩聚,平衡常数K=4,求最终。另在排除副产物水的条件下缩聚,欲得 =100,问体系中残留水分有多少?29、等摩尔二元醇和二元酸缩聚,另加醋酸1.5%,p=0.995或0.999时聚酯的聚合度多少?210、尼龙1010是根据1010盐中过量的癸二酸来控制分子量,如果要求分子量为20000,问1010盐的酸值应该是多少?(以mg KOH/g计)213、邻苯二甲酸酐与甘油或季戊四醇缩聚,两种基团数相等,试求:a. 平均官能度 b. 按Carothers法求凝胶点 c. 按统计法求凝胶点(2) 214. 分别按Carothers法和Flory统计法计算下列混合物的凝胶点:
6、(1)邻苯二甲酸酐:甘油=1.50:0.98 (2)邻苯二甲酸酐:甘油:乙二醇=1.50:0.99:0.002(3)邻苯二甲酸酐:甘油:乙二醇=1.50:0.500:0.700 (2) (3)解:NA0=NB0=3.0,A3中A基团数占混合物中A总数()的10%,则A3中A基团数为0.3mol,A3的分子数为0.1 mol。 NA2=1.35mol;NA3=0.1mol;NB2=1.5mol218、制备醇酸树脂的配方为1.21mol 季戊四醇、0.50mol邻苯二甲酸酐、0.49mol丙三羧酸C3H5(COOH)3,问能否不产生凝胶而反应完全?(试用Carothers方程判定)解:根据配方可知
7、醇过量 采用Carothers法计算时,由于羟基过量,故按照羧基进行计算,体系的平均官能度为:该体系在反应中会产生凝胶,所以必须控制反应程度小于0.89时,不会产生凝胶。第4章(自由基共聚合)41、氯乙烯-醋酸乙烯酯、甲基丙烯酸甲酯-苯乙烯两对单体共聚,若两体系中醋酸乙烯酯和苯乙烯的浓度均为15%(质量分数),根据文献报道的竞聚率,试求共聚物起始组成。已知:氯乙烯-醋酸乙烯酯竞聚率为:r1=1.68,r2=0.23。甲基丙烯酸甲酯-苯乙烯竞聚率为:r1=0.46,r2=0.52。解:(1)从文献报道看:氯乙烯-醋酸乙烯酯竞聚率为:r1=1.68,r2=0.23。由于共聚物组成中醋酸乙烯酯的质量
8、分数为15%,氯乙烯的质量分数为85%,则相应的摩尔分数为:因此起始时M1单元(氯乙烯)在共聚物中所占的质量分数为90.9%,所占的摩尔分数为93.2%(2)从文献报道看:甲基丙烯酸甲酯-苯乙烯竞聚率为:r1=0.46,r2=0.52。由于共聚物组成中苯乙烯的质量分数为15%,则甲基丙烯酸甲酯的质量分数为85%,则相应的摩尔分数为:因此起始时M1单元(甲基丙烯酸甲酯)在共聚物中所占的质量分数为76.4%,所占的摩尔分数为77.3%42、甲基丙烯酸甲酯(M1)浓度=5mol/L,5-乙基-2-乙烯基吡啶浓度=1mol/L,竞聚率:r1=0.40,r2=0.69。(1)计算聚合共聚物起始组成(以摩尔分数计),(2)求共聚物组成与单体组成相同时两单体摩尔配比。即起始共聚物中,甲基丙烯酸甲酯的摩尔含量为72.5%。 因为,r11,r21,此共聚体系为有恒比共聚点的非理想共聚,在恒比共聚点上配料时,所得的共聚物组成与单体组成相同,43、氯乙烯(r1=1.67)与醋酸乙烯酯(r2=0.23)共聚,希望获得初始共聚物瞬时组成和95%转化率时共聚物平均组成为5%(摩尔分数)醋酸乙烯酯,分别求两单体的初始配比。
copyright@ 2008-2022 冰豆网网站版权所有
经营许可证编号:鄂ICP备2022015515号-1