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1、完整word物理高考真题全国2卷解析版已排版2017年全国2卷物理及答案 一、选择题： 14如图1，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环，小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，大圆环对它的作用力( ) 图1 A一直不做功 B一直做正功 C始终指向大圆环圆心 D始终背离大圆环圆心 2344238UTh粒子衰变成钍核，衰变方程为He，下15一静止的铀核放出一个2 90 92列说法正确的是( ) A衰变后钍核的动能等于粒子的动能 B衰变后钍核的动量大小等于粒子的动量大小 C铀核的半衰期等于其放出一个粒子所经历的时间 D衰变后粒子与钍核的质量之和等于衰

2、变前铀核的质量 卷物理2年全国2017 页20 共 页1 第F如图162，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动若保持角，物块也恰好做匀速直线运动则物块与桌的大小不变，而方向与水平面成60) ( 面间的动摩擦因数为2 图333D. C. A23 B.263 17如图3，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直，一小物块以速度v从轨道下端滑入轨道，并从轨道上端水平飞出，小物块落地点到轨道下端的距离与轨道半径有关，此距离最大时，对应的轨道半径为(重力加速度大小为g)( ) 卷物理2年全国2017 页20 共 页2 第图3 2222vvvvA. B. C. D. gggg41

3、682 18如图4，虚线所示的圆形区域内存在一垂直于纸面的匀强磁场，P为磁场边界上的一点，大量相同的带电粒子以相同的速率经过P点，在纸面内沿不同的方向射入磁场，若粒子射入速率为v，这些粒子在磁场边界的出射点分布在六分之一圆周1上；若粒子射入速率为v，相应的出射点分布在三分之一圆周上，不计重力及带电2粒子之间的相互作用，则vv 为( ) 12图4 卷物理2年全国2017 页20 共 页3 第2 D 3C.31 A.32 B.21 为、N为近日点，Q为远日点，M19如图5，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P，若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，轨道短轴的两个端点，运行的周期为T0) ( 的运动过程中

4、经过M、Q到NP则海王星在从5 图T0 阶段，机械能逐渐变大到N B从Q A从P到M所用的时间等于 4阶段，万有引力对它先做负功到N D从MQC.从P到阶段，速率逐渐变小 后做正功 、0.1m两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直边长为20边与磁场边界平行，如图cd的正方形导线框abcd位于纸面内，总电阻为0.005线框0时刻进入磁场所示已知导线框一直向右做匀速直线运动，cd边于t6(a)感应电流的方向为顺时针时，感应电所示(中感应电动势随时间变化的图线如图(b) ( 动势取正)下列说法正确的是 卷物理2年全国2017 页20 共 页4 第图6 A磁感应强度的大小为0.5T B

5、导线框运动的速度的大小为0.5m/s C磁感应强度的方向垂直于纸面向外 D在t0.4s至t0.6s这段时间内，导线框所受的安培力大小为0.1N 21某同学自制的简易电动机示意图如图7所示矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将( ) 卷物理2年全国2017 页20 共 页5 第图7 A左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉 B左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉 C左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉 D左转轴上下两侧的

6、绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉 非选择题： 22某同学研究在固定斜面上运动物体的平均速度、瞬时速度和加速度之间的关系使用的器材有：斜面、滑块、长度不同的矩形挡光片、光电计时器 卷物理2年全国2017 页20 共 页6 第图8 实验步骤如下： 如图8(a)，将光电门固定在斜面下端附近：将一挡光片安装在滑块上，记下挡光片前端相对于斜面的位置，令滑块从斜面上方由静止开始下滑； 当滑块上的挡光片经过光电门时，用光电计时器测得光线被挡光片遮住的时间t； v表示滑块在挡光片遮住光所示)，s表示挡光片沿运动方向的长度(如图(b)用 v；时间内的平均速度大小，求出 线的t将另一挡光片换到滑块上，使滑块上

7、的挡光片前端与中的位置相同，令滑块由静止开始下滑，重复步骤、； 多次重复步骤； vt图，如图利用实验中得到的数据作出(c)所示 完成下列填空： (1)用a表示滑块下滑的加速度大小，用v表示挡光片前端到达光电门时滑块的瞬A v _. a、和t的关系式为时速度大小，则与vvA(2)由图(c)可求得v_cm/s，a_cm/s2.(结果保留3位有效数字) A 卷物理2年全国2017 页20 共 页7 第23某同学利用如图9(a)所示的电路测量一微安表(量程为100A，内阻大约为2500)的内阻可使用的器材有：两个滑动变阻器R、R(其中一个阻值为20 ，21另一个阻值为2000)；电阻箱R(最大阻值 为

8、99999.9)；电源E(电动势约为1.5V)；z单刀开关S和S.C、D分别为两个滑动变阻器的滑片 21 图9 (1)按原理图(a)将图(b)中的实物连线 (2)完成下列填空： R的阻值为_(填“20”或“2000”) 1为了保护微安表，开始时将R的滑片C滑到接近图(a)中滑动变阻器的_1 卷物理2年全国2017 页20 共 页8 第端(填“左”或“右”)对应的位置；将R的滑片D置于中间位置附近 2将电阻箱R的阻值置于2500.0，接通S.将R的滑片置于适当位置，再反复调1z1节R的滑片D的位置，最终使得接通S前后，微安表的示数保持不变，这说明22S接通前B与D所在位置的电势_(填“相等”或“

9、不相等”) 2将电阻箱R和微安表位置对调，其他条件保持不变，发现将R的阻值置于zz2601.0时，在接通S前后，微安表的示数也保持不变待测微安表的内阻为2_(结果保留到个位) (3)写出一条提高测量微安表内阻精度的建议：_. 24为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线相距s和s(s0)的带电小球M、N先后以相同的初速度沿平行于电场的方向射出小球在重力作用下进入电场区域，并从该区域的下边界离开已知N离开电场时的速度方向竖直向下；M在电场中做直线运动，刚离开电场时的动能为N刚离开电场时的动能的1.5倍不计空气阻力，重力加速度大小为g.求： 图11 (1)M与N在电场中沿水平方向的位移之

10、比； 卷物理2年全国2017 页20 共 页10 第(2)A点距电场上边界的高度； (3)该电场的电场强度大小 33物理选修33 (1)(5分)如图12，用隔板将一绝热汽缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个汽缸待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原来的体积假设整个系统不漏气下列说法正确的是_(选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分) 图12 卷物理2年全国2017 页20 共 页11 第A气体自发扩散前后内能相同 B气体在被压缩的过程中内能增大 C在自发扩散过程中，气体对外界做功 D

11、气体在被压缩的过程中，外界对气体做功 E气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变 (2)(10分)一热气球体积为V，内部充有温度为T的热空气，气球外冷空气的温度a为T.已知空气在1个大气压、温度为T时的密度为，该气球内、外的气压始终00b都为1个大气压，重力加速度大小为g. ()求该热气球所受浮力的大小； ()求该热气球内空气所受的重力； ()设充气前热气球的质量为m，求充气后它还能托起的最大质量 0 卷物理2年全国2017 页20 共 页12 第 【参考答案】A 14【答案】【解析】因为大圆环光滑，所以大圆环对小环的作用力只有弹力，且弹力的方向总A是沿半径方向，与速度方向垂直，故大圆环对

12、小环的作用力一直不做功，选项、故选项C正确，B错误；开始时大圆环对小环的作用力背离圆心，后来指向圆心， D错误B 【答案】15衰变过程中，满足动量守恒的条件，根据动量守恒定律得【解析】静止的铀核在正确；根粒子的动量大小相等，方向相反，选项B0，即钍核的动量和ppTh2p粒子不适用，选项A错误；半衰期的定义是统计规律，对于一个据E可知， km2即衰变过程中有一定的伴随着一定的能量放出，选项C错误；铀核在衰变过程中，错D质量亏损，故衰变后粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，选项 误C 【答案】16的大小不变，而方向与mg；当保持F【解析】当F水平时，根据平衡条件得F3，联立解得，(mgFsi

13、n60)水平面成60角时，由平衡条件得Fcos603 正确故选项CB 17【答案】1122【解析】小物块由最低点到最高点的过程，由机械能守恒定律得，mvmgr 222 ，mv1 t，小物块做平抛运动时，落地点到轨道下端的距离xv12v44r2r16，联立解得，xr， tgg22vv由数学知识可知，当4r时，x最大，即r，故选项B正确 gg8218【答案】C 【解析】当粒子在磁场中运动半个圆周时，打到圆形磁场边界的位置距P点最远， 卷物理2年全国2017 页20 共 页13 第，由几何知识可R则当粒子射入的速率为v，轨迹如图甲所示，设圆形磁场半径为11，轨迹如图R；若粒子射入的速率为v知，粒子运

14、动的轨道半径为rRcos60 2123；根据轨道RR乙所示，由几何知识可知，粒子运动的轨道半径为rcos 3022mv31，故选项Cr可知，vvr正确 半径公式r1212 qB甲 乙 19【答案】CD 1【解析】由行星运动的对称性可知，从P经M到Q点的时间为T，根据开普勒第 02 卷物理2年全国2017 页20 共 页14 第所M二定律可知，从P到M运动的速率大于从M到Q运动的速率，可知从P到1错误；海王星在运动过程中只受太阳的引力作用，故机AT用的时间小于，选项04阶段，速率逐渐变Q械能守恒，选项B错误；根据开普勒第二定律可知，从P到阶段，万有引力对M小，选项C正确；海王星受到的万有引力指向

15、太阳，从到N 它先做负功后做正功，选项D正确BC 20【答案】0.1lm/s 【解析】由Et图象可知，导线框经过0.2 s全部进入磁场，则速度v0.2t0.01E E0.01 V，根据EBlv得，B0.5 m/s，选项B正确；由图象可知，0.50.1lv错误；根据右手定则及正方向的规定可知，磁感应强度的方向垂AT0.2 T，选项这段时间内，导线框中的感应0.4 sC正确；在t至t0.6 s直于纸面向外，选项0.01E，选0.04 NBIl0.220.1 N 电流IA2 A, 所受的安培力大小为F0.005R D项错误AD 21【答案】 【解析】装置平面示意图如图所示如图所示的状态，磁感线方线中

16、电流方向向左，受垂直 向向上，若形成通路，线圈下边导 纸面向里的安培力，同理，上边导线中电流受安培力垂直纸面向外，使线圈转动当线圈上边导线转到下边时，若仍通路，线圈上、下边中电流方向与图示方向相比均反向，受安培力反向，阻碍线圈转动若要线圈连续转动，则D. A要求左、右转轴只能上一侧或下一侧形成通路，另一侧断路故选、1 (2)52.1 16.6 ta(1)22【答案】vA2vv【解析】(1)设挡光片末端到达光电门的速度为v，则由速度时间关系可知：AvvAva t，且21 联立解得：vva；tA2 ，图线的斜率可读出v52.1 cm/s(2)由图(c)A 卷物理2年全国2017 页20 共 页15

17、 第 52.453.61228.28 cm/s cm/sk a，3210180352. 即a16.6cm/s (1)见【解析】图【答案】232550 相等 左 (2)20 R上的分压，尽可能使微安表接近满量程(3)调节1 (1)实物连线如图所示：【解析】 为了方便调节要选择阻值较小的滑动变阻器；(2)滑动变阻器R采用分压式接法，1 滑到滑动变阻器的左端对应的位置；为了保护微安表，开始时将R的滑片C1再反复，接通S；将R的滑片置于适当位置，将电阻箱R的阻值置于2 500.0 11z前后，微安表的示数保持不变，这说明的位置；最终使得接通SR的滑片D调节22 DB与所在位置的电势相等；S接通前后在B

18、D中无电流流过，可知2Rz1所在位置的电势相等可知，与D两侧电阻分别为设滑片DR和R，由B2221R21RRRAAz2R；同理，当R和微安表对调时，仍；联立两式解得，RAz2zz1RRR2221222500.02601.02550 (3)为了提高测量精度，应调节R上的分压，尽可能使微安表接近满量程 1 卷物理2年全国2017 页20 共 页16 第 222vsvvv11100 【答案】24 (1)(2) 2sgs2200 ，由动能定理得，冰球与冰面之间的动摩擦因数为【解析】(1)设冰球的质量为m1122 mvmvmgs0012222vv10 解得gs20刚好到达小旗处的运动员的加速度(2)冰球

19、到达挡板时，满足训练要求的运动员中，所用的时间为a和a最小设这种情况下，冰球和运动员的加速度大小分别为21 t.由运动学公式得22 avs2v0110 atvv11012 tsa212联立式得 2vsv011a 2s201mg25【答案】(1)31 (2H (3 32q【解析】(1)设小球M、N在A点水平射出时的初速度大小为v，则它们进入电场0时的水平速度仍然为v.M、N在电场中运动的时间t相等，电场力作用下产生的加0速度沿水平方向，大小均为a，在电场中沿水平方向的位移分别为s和s.由题给条21件和运动学公式得 vat0 012at vts01212 tatvs022联立式得 s3 s2(2)

20、设A点距电场上边界的高度为h，小球下落h时在竖直方向的分速度为v，由运y动学公式 卷物理2年全国2017 页20 共 页17 第2 2vghy12 gtvtH y2 进入电场后做直线运动，由几何关系知M sv10 Hvy 联立式可得1 Hh 3 M进入电场后做直线运动，则(3)设电场强度的大小为E，小球qEv0 mgvy 、E，由动能定理得设M、N离开电场时的动能分别为Ek2k1122 qEs)mgHEm(vv 1yk102122 qEsv?v)mgHEm( 20yk22 由已知条件 ?EE1.5k2k1 式得联立?mg ?Eq2 卷物理2年全国2017 页20 共 页18 第33物理选修33

21、 TT00【答案】(1)ABD (2)()Vg ()Vg 00TTba11()VT()m 000TTba【解析】(1)因为汽缸、活塞都是绝热的，隔板右侧是真空，所以理想气体在自发扩散的过程中，既不吸热也不放热，也不对外界做功根据热力学第一定律可知，气体自发扩散前后，内能不变，选项A正确，选项C错误；气体被压缩的过程中，外界对气体做功，气体内能增大，又因为一定质量的理想气体的内能只与温度有关，所以气体温度升高，分子平均动能增大，选项B、D正确，选项E错误 (2)()设1个大气压下质量为m的空气在温度为T时的体积为V，密度为 00m 0V0在温度为T时的体积为V，密度为 Tm(T) VT由盖吕萨克定律得 VVT0 TT0联立式得 T0(T) 0T气球所受到的浮力为 F(T)gV b联立式得 T0FVg 0Tb()气球内热空气所受的重力为 G(T)Vg a联立式得 T0GVg 0Ta 卷物理2年全国2017 页20 共 页19 第()设该气球还能托起的最大质量为M，由力的平衡条件得 MgFGmg 0联立式得 11)m TMV( 000TTab 卷物理2年全国2017 页20 共 页20 第