化学化学 金属与酸反应的图像的专项 培优练习题.docx

1、化学化学 金属与酸反应的图像的专项 培优练习题一、中考初中化学金属与酸反应的图像1下列图像能正确反映其对应关系的是（）A向一定量的氢氧化钠溶液中逐滴加入稀盐酸至过量B向两份完全相同的稀硫酸中分别加入足量锌粉、铁粉C某温度时，向一定量的饱和石灰水中加入过量生石灰，再恢复至原温D加热一定质量的高锰酸钾制取氧气【答案】B【解析】【分析】【详解】A、氢氧化钠溶液和稀盐酸中有水，因此图象的起点不是零；氢氧化钠溶液和盐酸反应生成氯化钠和水，稀盐酸中也含有水，因此随着反应的发生，水的质量不断增加，反应完后由于稀盐酸中也含有水，水的质量应还是增加，故图象错误；B、向两份完全相同的稀硫酸中分别加入足量锌粉、铁粉

2、时，由于硫酸质量相等，最终生成氢气质量也相等，且需要的锌比铁多，故图象正确。C、某温度时，向一定量的饱和石灰水中加入少量生石灰时，氧化钙和水反应生成氢氧化钙，同时放热，温度恢复至室温时，由于溶剂水减小，部分溶质析出，因此溶质质量减小，故图象错误。D、反应开始前，固体中锰元素的质量不为零，随着反应生成氧气，固体的质量减少，而锰元素的质量不变，所以固体中锰元素的质量分数变大直到高锰酸钾完全分解，故图象错误。故选：B。【点睛】本题是化学反应中定量关系和图象相结合的题型，题目难度较大。要准确解答此类题，关键要对化学反应知识熟练，并能结合图象的数学意义，综合考虑，可快速解答。图象的意义要抓住三点：抓图象

3、的起点，抓图象的终点，抓图象的变化过程。2下列图像能正确反映对应变化关系的是A 两份等质量的氯酸钾在有、无 MnO2 的情况下加热产生氧气B 加水稀释盐酸C 向稀盐酸和氯化钙的混合溶液中加入碳酸钠溶液D 将足量粉末状的铁和镁分别与等质量、等质量分数的稀盐酸反应【答案】C【解析】【分析】【详解】A、两份等质量的氯酸钾在有、无MnO2的情况下加热产生氧气，催化剂只能影响反应速率，产生氧气的质量相等，故选项图象不能正确反映对应变化关系；B、向浓盐酸中不断加水稀释，溶液始终显酸性，pH不可能大于7，故选项图象不能正确反映对应变化关系；C、向稀盐酸和氯化钙的混合溶液中加入碳酸钠溶液，碳酸钠先与稀盐酸反应

4、生成氯化钠、水和二氧化碳气体，开始不生成沉淀。稀盐酸消耗完，碳酸钠再与氯化钙反应生成碳酸钙沉淀，沉淀的质量不断上升，完全反应后不变，故选项图象能正确反映对应变化关系；D、将足量粉末状的铁和镁分别与等质量、等质量分数的稀盐酸反应，由质量守恒定律，生成氢气中氢元素来源于稀盐酸，稀盐酸中溶质的质量相等，则最终生成氢气的质量应相等，故选项图象不能正确反映对应变化关系。故选C。3如图表所示4个图象中，能正确反映变化关系的是A足量镁和铝分别放入等质量、等浓度的稀盐酸中B镁在空气中加热C加热一定质量的高锰酸钾固体D向一定质量的二氧化锰中加入过氧化氢溶液【答案】B【解析】【分析】【详解】A、根据反应的化学方程

5、式及其质量关系：，可知 ，足量的镁和铝分别放入等质量、等浓度的稀盐酸中，酸能完全反应，因此反应生成的氢气质量相同，产生相同质量的氢气，消耗镁的质量大于 铝的质量，图像不能正确反映变化关系，不符合题意；B、镁与空气中的氧气反应生成氧化镁，根据质量守恒定律，反应物质量应该等于生成物质量，因此固体的质量不断增加，图像能正确反映变化关系，符合题意；C、高锰酸钾受热分解生成了锰酸钾、二氧化锰和氧气，固体的质量减小，锰元素的质量不变，因此固体中锰元素的质量分数应当增加，图像不能正确反映变化关系，不符合题意；D、向一定质量的二氧化锰中加入过氧化氢溶液，二氧化锰是该反应的催化剂，质量不变，图像不能正确反映变化

6、关系，不符合题意。故选B。4如图四个图象，能正确反映对应变化关系的是A图甲表示向二氧化锰中加入过氧化氢溶液B图乙表示镁在氧气中燃烧C图丙表示等质量的锌、铁分别与质量分数相等且足量的稀硫酸反应D图丁表示用“用红磷燃烧测定空气中氧气体积分数”实验过程中密封集气瓶内的气压变化【答案】C【解析】【分析】【详解】A、过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气，所以在二氧化锰中加入过氧化氢溶液，氧气量不断增加，但是开始时氧气为0，故错误；B、参加反应的镁和氧气的质量之和等于生成的氧化镁的质量，随着反应的进行，镁和氧气的质量减少，生成的氧化镁的质量增加，但是反应过程中消耗的镁的质量大于消耗的氧气的质量，

7、所以最终剩余镁的质量较少，故错误；，C、锌比铁活泼，反应速率快，需要时间短，最终铁和稀硫酸反应生成的氢气多，故正确；D、红磷燃烧消耗氧气，开始时放出大量的热，所以压强会变大，最后压强变小，小于初始值，故错误。故选：C。【点睛】本题是过程与图象结合题，是对学生识图能力的考查，解题的关键是能正确的分析各个反应的过程并能结合图象分析问题。5向一定量的稀硫酸中加入锌粉直至过量，如图所示的图象中，若以加入的锌粉质量为横坐标，则纵坐标是指A溶液的质量B生成气体的质量C溶液中硫酸的质量D溶液中硫酸锌的质量【答案】A【解析】A、由于Zn+H2SO4=ZnSO4+H2，每65份质量的锌参与反应就会生成2份质量的

8、氢气，说明溶液的质量随着反应的发生在逐渐的增多至不再发生变化，但溶液本来就有，所以不会从零开始，故A正确；B、由于反应中生成的气体即氢气，质量是从零开始，故B错误；C、稀硫酸是反应物，因此它的质量随着反应的进行在逐渐的减小，最后为零，故C错误；D、硫酸锌是生成物，所以其起始点应该是零故D错误故选A【点评】本题主要考查了金属在和稀酸发生反应的过程中引起的一系列的变化，从而加深学生对该类化学反应的进一步的理解和应用6质量相等的镁和铝分别和等浓度、等质量的稀盐酸反应，反应情况如图所示。则下列叙述中正确的是A金属均反应完，盐酸一定有剩余B图中a、b分别表示铝镁的反应情况C盐酸均反应完，镁一定有剩余D反

9、应结束后，参加反应的镁和铝的质量比为4：3【答案】D【解析】【分析】镁和稀盐酸反应生成氯化镁和氢气，铝和稀盐酸反应生成氯化铝和氢气。【详解】A、镁和铝与稀盐酸反应的关系式分别为和，稀盐酸中溶质的氢元素全部转化为氢气，生成的氢气一样多，说明参加反应的稀盐酸一样多，稀盐酸全部参与反应，故A不正确；B、在金属活动性顺序表中，镁在铝前，镁的金属活动性比铝强，镁先和稀盐酸反应，图中a、b分别表示镁铝的反应情况，故B不正确；C、镁和铝与稀盐酸反应的关系式分别为和，图中生成氢气的体积相同，则质量相同，镁和铝与稀盐酸反应产生等质量的氢气消耗掉铝的质量小于镁的质量，等质量的金属与酸反应，则铝一定剩余，故C不正确

10、；D、镁和铝与稀盐酸反应的关系式分别为和，镁和铝分别和质量相等、溶质质量分数也相等的稀盐酸反应，氢气的体积相等，则质量相等，反应结束后，设生成氢气的质量为m，参加反应的镁的质量为，参加反应的铝的质量为，则参加反应的镁和铝的质量比为，故D正确。故选D。【点睛】在金属活动性顺序中，越靠前的金属金属活动性越强，和稀酸溶液反应时就越剧烈，相同质量的金属和同质量、同溶质质量分数的稀酸溶液反应所需的时间也就越少。7下列图象不能正确反映其对应实验操作的是（ ）A向一定量NaOH溶液中滴加稀盐酸B向H2SO4和CuSO4的混合溶液中滴加过量NaOH溶液C向足量的锌粉、铁粉中分别加入等质量、等浓度的稀硫酸D向等

11、质量的氧化钙、氢氧化钙中分别加入等质量分数的稀盐酸至过量【答案】A【解析】【分析】【详解】A. 向一定量NaOH溶液中滴加稀盐酸，发生反应：NaOH+HCl= NaCl+H2O，随着稀盐酸不断加入，生成氯化钠的量逐渐增加，氯化钠的质量分数也逐渐增大，但是当氢氧化钠反应完以后，氯化钠质量不再增加，而稀盐酸还在加入，溶液总质量就不断增加，所以氯化钠的质量分数就不断减小，故A选项符合题意；B. 向H2SO4和CuSO4的混合溶液中滴加NaOH溶液直至过量，NaOH溶液会先与稀硫酸发生反应：2NaOH+ H2SO4=Na2SO4+2H2O，没有沉淀产生，直到硫酸完全反应，再发生2NaOH+ CuSO4

12、= Na2SO4+Cu(OH)2反应，这时才有氢氧化铜沉淀生成，故B选项不符合题意；C. 向足量的锌粉、铁粉中分别加入等质量、等浓度的稀硫， ， ，从方程式可以看出，氢气中的氢元素全部来自硫酸，因为锌粉、铁粉是足量的，所以他们生成的氢气质量是相等的，又因为锌的活动性比铁强，所以在变量控制是金属种类，其他因素都相同时，锌比铁反应剧烈快速，故C选项不符合题意；D. 等质量的氧化钙（相对分子质量56）和氢氧化钙（相对分子质量74），氧化钙含有的Ca2+个数要比氢氧化钙多，酸的量充足，当这些钙离子全都转化为氯化钙时，氧化钙转化为氯化钙的质量就比氢氧化钙转化为氯化钙的质量多，故D选项不符合题意。故选：A

13、。【点睛】对图像进行分析，一定要看清图像的横纵坐标，起点、拐点的含义。8下列图象正确反映其对应操作中的变化关系的是A图 A 表示加热两份等质量氯酸钾制氧气B图 B 表示向一定质量的稀盐酸中加氢氧化钠溶液至过量C图 C 表示向等质量、等质量分数的稀硫酸中加入足量的锌与铁D图 D 表示电解水【答案】A【解析】【分析】【详解】A、加入二氧化锰做催化剂只改变反应速率而不能增加氧气的质量，应该生成氧气质量相同，故正确；B、向一定质量的稀盐酸中加氢氧化钠，则溶液的pH会不断增大到大于7，故错误；C、向等质量、等质量分数的稀硫酸中加入足量的锌与铁，锌反应的快，铁反应的慢，但是生成的氢气相等，故错误；D、水通

14、电电解生成氢气和氧气的体积比为2：1，故错误。故选A。9下列图象能正确反映其对应关系的是（ ）A向等质量、等浓度的稀硫酸中分别加入过量的Zn和FeB向一枚表面生锈的铁钉中逐滴加入稀盐酸C用等质量、等浓度的过氧化氢溶液在有、无催化剂条件下制取氧气D一定温度时，向一定量的饱和石灰水中加入生石灰【答案】B【解析】【分析】【详解】A、金属与酸反应时氢气来源于酸中的氢元素，因为酸的量相同，金属过量，故生成的氢气应该相等；根据金属不足时，生成氢气的质量与金属（+2价金属）的相对原子质量成反比，生成等质量的氢气，消耗的锌多，故选项图象错误。B、向表面生锈的铁钉中滴加过量的稀盐酸，稀盐酸先和氧化铁反应生成氯化

15、铁和水，后和铁反应生成氯化亚铁和氢气，故选项图象正确。C、用等质量、等浓度的过氧化氢制取氧气，催化剂只能影响反应速率，不影响产生氧气的质量，故选项图象错误。D、由于氧化钙能与水发生反应生成氢氧化钙，氧化钙反应消耗了饱和溶液中的水，而使饱和溶液因减少溶剂水而析出固体，饱和溶液的溶质、溶剂质量同时减少，所以溶液的质量减少，故选项图象错误。故选：B。10下列图像能够正确反应其对应变化关系的A将浓硫酸露置在空气中一段时间B向等质量等质量分数的稀硫酸中，分别加入足量的铁粉和锌粉C在密闭容器中用红磷测定空气中氧气的含量D向一定质量的饱和石灰水中，加入足量的生石灰【答案】D【解析】【分析】【详解】A、浓硫酸

16、具有吸水性，将浓硫酸露置于空气中，空气中的水分进入浓硫酸中，溶液中的溶剂增加，溶质的溶质质量分数不断减小，选项错误；B、等质量等质量分数的稀硫酸中含有等质量的氢元素，等质量等质量分数的稀硫酸分别加入足量的铁粉和锌粉后，生成等质量的氢气，由化学方程式Zn+H2SO4=ZnSO4+H2可知，参加反应的锌与生成的氢气的质量比为65：2，由化学方程式Fe+ H2SO4=FeSO4+H2可知，参加反应的铁与生成的氢气的质量比为56：2，即生成等质量的氢气，消耗锌的质量比铁多，选项错误；C、在密闭容器中用红磷测定空气中氧气的含量，红磷与密闭容器中的空气中的氧气发生燃烧放出热量，容器中的气体受热膨胀，容器内

17、的压强增大，直至氧气与红磷完全反应，燃烧停止后，容器内的温度逐渐降低至室温，容器内的压强随之降低，且反应后气体的质量少于反应前气体的质量，最终容器内的压强会低于燃烧前的压强，选项错误；D、向一定质量的饱和石灰水中，加入足量的生石灰，生石灰与溶液中的水反应生成氢氧化钙，溶液中的溶剂不断减少，溶质氢氧化钙不断结晶析出，加入足量的生石灰能够与溶液中的水完全反应，此时溶液中的氢氧化钙全部结晶析出，溶液的质量为零，则溶质的质量也随之为零，选项正确，故选D。11如图是对实验绘制的相关变化的图形，其中实验结果与图形对应准确的是（）A向等质量的金属镁和铝中加入足量且质量分数相等的稀硫酸B向硫酸中加水，溶液pH

18、的变化C向饱和食盐水中不断加水，溶液中溶质的质量变化D向一定量硫酸铜溶液中不断加入锌粉，溶液的质量变化【答案】A【解析】【分析】【详解】A、设加入金属质量为m，镁生成的氢气质量为x，铝生成氢气质量为y，x= ，y= x小于y，所以最终生成氢气的质量是铝的大于镁的，当金属没有完全反应时，硫酸完全消耗，产生的氢气质量等于硫酸中氢离子的质量，产生的氢气质量相等，选项A正确；B、硫酸显酸性，pH小于7，加入水后，溶液稀释，溶液pH有所增大，但是无限稀释后，溶液的仍然为硫酸，所以pH无限接近与7，但是不会超过7，选项B错误；C、饱和食盐水的中不断加入水，溶质质量不变，溶剂质量增加，所以溶质质量保持不变，

19、选项C错误；D、溶液为硫酸铜质量，所以开始时溶液质量不为零，选项D错误。故选A。【点睛】酸性或碱性溶液无限稀释后，溶液本身的酸碱性不会发生改变。12如图中所示的示意图与对应的叙述正确的是A向碳酸钠溶液中滴加足量的水稀释B向足量的不同金属中分别滴加等量的相同稀盐酸C向硫酸和硫酸铜的混合溶液中滴加过量的氢氧化钠溶液D两份等体积的5%过氧化氢溶液，向其中一份加入少量二氧化锰【答案】C【解析】【详解】A、碳酸钠溶液显碱性，因此初始时的pH应大于7，选项A错误；B、足量的镁铝铁与等量的相同稀盐酸反应，产生的氢气量由盐酸的用量决定，因此，三种金属最终产生的氢气质量应相同，选项B错误；C、开始加入氢氧化钠时

20、，消耗原溶液中的硫酸，无沉淀，故开始沉淀质量为0，当硫酸被消耗完后，氢氧化钠开始和硫酸铜反应，产生蓝色沉淀，故沉淀质量在某一时刻增加，当硫酸铜被消耗完以后，沉淀质量便不再改变，选项C正确；D、过氧化氢溶液用量相同，无论是否加入催化剂，最终能产生的氧气质量应相同，图中所示最终产生的氧气质量不相同，选项D错误。故选C。二、中考初中化学流程图13硅是一种重要的半导体材料，应用范围广。三氯硅烷(SiHCl3)还原法是当前制备高纯硅的主要方法，生产过程如图所示：(1)硅属于_(选填“金属”或“非金属”)元素；(2)写出上述流程中一种氧化物的化学式：_；(3)上述流程中最后一步反应的化学方程式为_，该反应

21、属于_(填基本反应类型)反应；(4)如果还原SiHCl3过程中混入O2，可能引起的后果是_；(5)该流程中可以循环利用的物质的化学式是_。【答案】非金属 SiO2(其他答案合理均可) SiHCl3H2Si3HCl 置换 爆炸 HCl 【解析】(1)根据元素的名称分析解答；(2)根据物质的组成分析属于氧化物的物质，写出化学式；(3)分析流程中最后一步发生反应的化学方程式，根据反应特点分析类型；(4)根据氢气和氧气的混合气体点燃时会发生爆炸解答；(5)根据流程分析可循环利用的物质。解：(1) (1)硅的名称中带有“石”字旁，属于非金属元素；(2)二氧化硅是由硅元素和氧元素组成的，属于氧合物，化学式

22、为：SiO2；(3)上述流程中最后一步反应的化学方程式为：SiHCl3H2Si3HCl，该反应是由一种单质与一种化合物反应生成了另一种单质和另一种化合物，属于置换反应；(4)如果还原SiHCl3过程中混入O2，会形成氢气和氧气的混合体，点燃时易引起爆炸；(5)该流程中可以循环利用的物质的化学式是HCl。14电池在我们的生活中应用极为广泛，2019年诺贝尔化学奖颁发给了在锂（Li）电池研究方面做出贡献的科学家。如图是工业上以某种石英砂（主要成分：SiO2、Li2O、Fe2O3、Al2O3）为主要原料制取纯硅和金属锂的一种方法。请回答以下问题。已知：LiCl的熔点是605、沸点是1350；NH4C

23、l在100开始分解，337.8分解完全，NH3和HCl在常温下又能反应生成NH4Cl固体。当溶液pH=5时，Fe3+和Al3+已沉淀完全。（1）“酸浸”步骤中能与盐酸反应的物质有_（填化学式）。（2）请写出操作a的名称_；（3）反应的化学方程式是_。（4）试剂X是_。（5）要得到较纯净的LiCl和NH4Cl固体，在第二个操作a之前应进行的一步操作是_。【答案】Li2O、Fe2O3、Al2O3（少一个不得分） 过滤 SiCl4+2H2Si+4HCl NH3H2O 控制溶液的pH为5 【解析】【分析】四氯化硅和氢气高温生成硅和氯化氢，氯化铁和氨水反应生成氢氧化铁沉淀和氯化铵。【详解】（1）Li2O

24、、Fe2O3、Al2O3 都属于金属氧化物，能和盐酸反应，故“酸浸”步骤中能与盐酸反应的物质有Li2O、Fe2O3、Al2O3。（2）操作a是将固体和液体分离，故名称是过滤。（3）反应是四氯化硅和氢气高温生成硅和氯化氢，反应的化学方程式是SiCl4+2H2Si+4HCl。（4）石英砂酸浸后得到的溶液中含有氯化锂和氯化铁、氯化铝，加入X后，氯化铁、氯化铝和X反应生成氢氧化铁沉淀、氢氧化铝沉淀和氯化铵，故试剂X是NH3H2O。（5）当溶液pH=5时，Fe3+和Al3+已沉淀完全，要得到较纯净的LiCl和NH4Cl固体，在第二个操作a之前应进行的一步操作是控制溶液的pH为5。【点睛】要得到较纯净的L

25、iCl和NH4Cl固体，当溶液pH=5时，Fe3+和Al3+已沉淀完全，在第二个操作a之前应进行的一步操作是控制溶液的pH为5。15用金属铁制备自来水新型消毒、净水剂Na2FeO4的流程如下，请回答下列问题：（1）固体B中的物质是 _；Na2FeO4属于 _（填“酸”、“碱”、“盐”、“氧化物”）（2）操作的名称是_；该操作能使A、B分离的原因是_（3）反应的基本反应类型为：_；反应的化学方程式为：_（4）溶液C中的溶质组成存在_种可能性【答案】Fe和Cu 盐 过滤 A是液体，B是固体（合理皆可） 复分解反应 2Fe（OH）2+H2O2=2Fe（OH）3 三 【解析】【分析】【详解】（1）由反

26、应的流程可知，过量的铁粉与硫酸铜反应，生成了硫酸亚铁和铜，由于铁是过量的，在过滤后得到的固体B是Cu，Fe的混合物；Na2FeO4是金属离子和酸根离子构成的化合物，属于盐。故填：Fe和Cu；盐； （2）由上述反应得到是固液的混合物，要将固液分开，应进行的操作是过滤。故填：过滤；A是液体，B是固体（合理皆可）；（3）反应是硫酸亚铁与氢氧化钠反应生成氢氧化亚铁和硫酸钠，反应的方程式是：FeSO4+2NaOH=Fe（OH）2+Na2SO4，该反应是两种化合物交换成分生成另外两种化合物，属于复分解反应；反应是氢氧化亚铁被过氧化氢氧化为氢氧化铁，方程式是：2Fe（OH）2+H2O2=2Fe（OH）3。故

27、填：复分解反应；2Fe（OH）2+H2O2=2Fe（OH）3；（4）若氢氧化钠溶液与硫酸亚铁溶液恰好完全反应，所得溶液中只有一种溶质硫酸钠；若氢氧化钠过量，则有两种溶质硫酸钠和氢氧化钠；若硫酸亚铁过量，则有两种溶质硫酸钠和硫酸亚铁。故填：三。【点睛】本题给出了制取物质的反应流程图，对于这类题目，需要搞清楚每一步反应物、生成物，清楚工艺流程原理再结合有关的知识分析解答有关的问题。16某同学在实验室以石灰石（杂质不反应也不溶于水）为原料制取轻质碳酸钙和氢氧化钠。（1）操作a的名称是_。（2）该流程中有两个反应，产物中均出现碳酸钙，这两个反应的化学方程式分别为：_、_。（3）为了验证加入Na2CO3

28、溶液后，溶液A中的溶质是否反应完全，可取过滤3的滤液加入_（填字母）进行检验。A碳酸钠溶液 B铁粉 C无色酚酞 D足量盐酸（4）工业上高温煅烧石灰石生产生石灰，若要生产含氧化钙5.6t的生石灰，需要含碳酸钙80%的石灰石的质量是多少？_（根据化学方程式计算，写出计算过程）【答案】蒸发 A 12.5t 【解析】【分析】【详解】（1）氢氧化钠溶液经过操作a变为氢氧化钠固体，故操作a的名称是：蒸发；（2）石灰石的主要成分是碳酸钙，碳酸钙在高温的条件下分解为氧化钙和二氧化碳，氧化钙与水反应生成氢氧化钙，氢氧化钙能与二氧化碳反应生成碳酸钙和水，该反应的化学方程式为：；氢氧化钙也能与碳酸钠反应生成碳酸钙和

29、氢氧化钠，该反应的化学方程式为：；（3）氧化钙与水反应生成氢氧化钙，故溶液A中的溶质为氢氧化钙，加入碳酸钠，过滤，除去碳酸钙，如果氢氧化钙未完全反应，则滤液中含有氢氧化钙、氢氧化钠，如果氢氧化钙和碳酸钠恰好完全反应，则滤液中含有氢氧化钠，如碳酸钠过量，则滤液中含有氢氧化钠、碳酸钠。A、向滤液中加入碳酸钠溶液，如果氢氧化钙未完全反应，氢氧化钙能与碳酸钠反应生成碳酸钙和氢氧化钠，有白色沉淀产生，如果氢氧化钙已经完全反应，则无白色沉淀产生，符合题意；B、向滤液中加入铁粉，铁与氢氧化钙、氢氧化钠、碳酸钠都不能反应，无法验证溶液A中的溶质是否反应完全，不符合题意；C、向滤液中加入无色酚酞，碳酸钠、氢氧化

30、钠、氢氧化钙都显碱性，都能使无色酚酞试液变红，无法验证溶液A中的溶质是否反应完全，不符合题意；D、向滤液中加入足量盐酸，盐酸能与氢氧化钙反应生成氯化钙和水，无明显现象，盐酸与氢氧化钠反应生成氯化钠和水，无明显现象，盐酸能与碳酸钠反应生成氯化钠、二氧化碳和水，有气泡产生，故如无明显现象，可能是氢氧化钙未完全反应，也可能是氢氧化钙和碳酸钠恰好完全反应，如果产生气泡，则说明碳酸钠过量，氢氧化钙已经完全反应，故足量盐酸只能验证碳酸钠是否过量，氢氧化钙恰好完全反应时，无法验证，不符合题意。故选A；（4）解：设需要含碳酸钙80%的石灰石的质量是x x=12.5t答：需要含碳酸钙80%的石灰石的质量是12.5t。17某生设计下列实验流程，从锌、铜、X