二轮复习 专题1 力与物体的平衡 强化练习解析版.docx

1、二轮复习 专题1 力与物体的平衡 强化练习解析版专题强化练(一)考点1物体的受力分析1(2019浙江卷)如图所示，小明撑杆使船离岸，则下列说法正确的是()A小明与船之间存在摩擦力B杆的弯曲是由于受到杆对小明的力C杆对岸的力大于岸对杆的力D小明对杆的力和岸对杆的力是一对相互作用力解析：小明与船之间存在静摩擦力，A正确；杆的弯曲是由于受到小明对杆的作用力，B错误；杆对岸的力与岸对杆的力是作用力与反作用力，大小相等，C错误；小明对杆的力和岸对杆的力受力物体都是杆，两者不是作用力与反作用力，故D错误答案：A2(2018商丘一模)如图所示，物体B与竖直墙面接触，在竖直向上的力F的作用下，A、B均保持静止

2、，则物体B的受力个数为()A2个 B3个C4个 D5个解析：物体A处于静止状态，其受到的合外力为零，受力分析如甲图所示；对物体A、B整体受力分析如图乙所示，竖直墙面对物体B没有弹力作用，则墙面也不会提供静摩擦力；对物体B受力分析，如图丙所示，则物体B受到4个力的作用，选项C正确答案：C3(2019柳州模拟)两个质量相同的直角楔形物体a和b，分别在垂直于斜边的恒力F1和F2作用下静止在竖直墙面上，如图所示，下列说法正确的是()Aa、b一定都受四个力的作用Ba、b所受摩擦力的方向都是竖直向上CF2一定小于F1DF1、F2大小可能相等解析：对a受力分析如图甲：除摩擦力外的三个力不可能平衡，故一定有摩

3、擦力，摩擦力方向竖直向上，故a受四个力；除摩擦力外对b受力分析如图乙：除摩擦力外，FN、F2、mg三力有可能平衡，沿竖直方向和水平方向分解F2，设F2与竖直方向夹角为则有：F2cos mg，F2sin FN，解得F2；(1)若F2没有摩擦力，此时b受3个力；(2)若F2，摩擦力向下，b受四个力；(3)若F2，摩擦力向上，b受四个力；F1和F2没有必然的联系，有可能相等，但也有可能不等，故D正确，A、B、C错误答案：D考点2共点力的平衡4(2019江苏卷)如图所示，一只气球在风中处于静止状态，风对气球的作用力水平向右细绳与竖直方向的夹角为，绳的拉力为T，则风对气球作用力的大小为()A. B.CF

4、Tsin DFTcos 解析：以气球为研究对象，受力分析如图所示，则由力的平衡条件可知，气球在水平方向的合力为零，即风对气球作用力的大小为FFTsin ，C正确，A、B、D错误答案：C5(多选)(2019烟台调研)如图所示，将一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在内壁光滑的半球形容器底部O处(O为球心)，弹簧另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点已知容器半径为R、与水平地面之间的动摩擦因数为，OP与水平方向的夹角为30.下列说法正确的是()A轻弹簧对小球的作用力大小为mgB容器相对于水平地面有向左的运动趋势C容器和弹簧对小球的作用力的合力竖直向上D弹簧原长为R解析：对小球受力分析，如图所示，因为

5、30，所以三角形OOP为等边三角形，由相似三角形法得FNFmg，所以A项错误；由整体法得，容器与地面间没有相对运动趋势，B项错误；小球处于平衡状态，容器和弹簧对小球的作用力的合力与重力平衡，故C项正确；由胡克定律有Fmgk(L0R)，解得弹簧原长L0R，D项正确答案：CD考点3动态平衡6(多选)(2019新乡模拟)如图所示，木板P下端通过光滑铰链固定于水平地面上的O点，物体A、B叠放在木板上且处于静止状态，此时物体B的上表面水平现使木板P绕O点缓慢旋转到虚线所示位置，物体A、B仍保持静止，与原位置的情况相比()AB对A的支持力不变BB对A的支持力减小C木板对B的支持力增大D木板对B的摩擦力增大

6、解析：开始时，A只受到重力和支持力作用而处于平衡状态，所以B对A的支持力与A的重力大小相等、方向相反，A不受B的摩擦力作用，P转动后，A受到重力、B对A的支持力和摩擦力作用而平衡，此时B对A的支持力和摩擦力的合力与A的重力大小相等，所以B对A的支持力一定减小了，B正确，A错误；以整体为研究对象，受到总重力G、板的支持力FN和摩擦力Ff作用，设板的倾角为，由平衡条件有FNGcos ，FfGsin ，减小，FN增大，Ff减小，C正确，D错误答案：BC7(多选)(2019潍坊调研)如图所示，倾角为的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜

7、面平行在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则()Ab对c的摩擦力一定减小Bb对c的摩擦力方向可能平行斜面向上C地面对c的摩擦力方向一定向右D地面对c的摩擦力一定减小解析：若magmbgsin ，则b对c的摩擦力平行于斜面向上，且随a中的沙子缓慢流出，b对c的摩擦力减小；若magmbgsin ，则b对c的摩擦力平行于斜面向下，且随a中的沙子缓慢流出，b对c的摩擦力增大，A错误，B正确；以b、c为整体受力分析，应用平衡条件可得，地面对c的摩擦力方向一定水平向左，且Ffmagcos ，随ma的减小而减小，C错误，D正确答案：BD8(多选)(2019西安模拟)如图所示，一根绳子一端

8、固定于竖直墙上的A点，另一端绕过动滑轮P悬挂一重物B，其中绳子的PA段处于水平状态，另一根绳子一端与动滑轮P的轴相连，在绕过光滑的定滑轮Q后在其端点O施加一水平向左的外力F，使整个系统处于平衡状态，滑轮均光滑、轻质，且均可看作质点，现拉动绳子的端点O使其向左缓慢移动一小段距离后达到新的平衡状态，则该平衡状态与原平衡状态相比较()A拉力F增大 B拉力F减小C角不变 D角减小解析：以动滑轮P为研究对象，AP、BP段绳子受的力始终等于B的重力，两绳子拉力的合力在APB的角平分线上，拉动绳子后，滑轮向上运动，两绳子夹角减小，两拉力的合力增大，故F增大，A项正确，B项错误；PQ与竖直方向夹角等于APB的

9、一半，故拉动绳子后角减小，C项错误，D项正确答案：AD9(2019商丘模拟)如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔质量为m的小球套在圆环上一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移在移动过程中手对线的拉力F和轨道对小球的弹力FN的大小变化情况是()AF不变，FN增大 BF不变，FN减小CF减小，FN不变 DF增大，FN减小解析：小球沿圆环缓慢上移过程中，受重力G、拉力F、弹力FN三个力处于平衡状态小球受力如图所示，由图可知OABFNAF，即：，当A点上移时，半径R不变，AB长度减小，故F减小，FN不变，故选项C正确答案：C10(多选)(2

10、019威海一中摸底)如图所示，质量均为m的小球A、B用劲度系数为k1的轻弹簧相连，B球用长为L的细绳悬于O点，A球固定在O点正下方，当小球B平衡时，所受绳子的拉力为FT1，弹簧的弹力为F1；现把A、B间的弹簧换成原长相同但劲度系数为k2(k2k1)的另一轻弹簧，在其他条件不变的情况下仍使系统平衡，此时小球B所受绳子的拉力为FT2，弹簧的弹力为F2.则下列关于FT1与FT2、F1与F2大小之间的关系，正确的是()AFT1FT2 BFT1FT2CF1F2 DF1F2解析：以小球B为研究对象，分析受力情况，如图所示由平衡条件可知，弹簧的弹力F和绳子的拉力T的合力F合与重力mg大小相等，方向相反，即F

11、合mg，作出力的合成图如图，由力三角形与几何三角形相似得：.当弹簧劲度系数变大时，弹簧的压缩量减小，故AB长度增加，而OB、OA的长度不变，故FT1FT2，F2F1，A、D错误，B、C正确答案：BC考点4电学中的平衡问题11(2018重庆高三测试)如图所示，在倾角为30的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L、质量为m的直导体棒，导体棒中电流为I.要使导体棒静止在斜面上，需要外加匀强磁场的磁感应强度B的最小值为()A. B.C. D.解析：平衡状态下导体棒受三个力，重力为恒力，支持力的方向不变，安培力的大小和方向不确定；由动态平衡知当安培力F平行于斜面向上时安培力最小，则B最小，即BILmgsin

12、 30，B，由左手定则知B的方向垂直于斜面向下答案：A12(2019青岛模拟)如图，绝缘光滑圆环竖直放置，a、b、c为三个套在圆环上可自由滑动的空心带电小球，已知小球c位于圆环最高点，ac连线与竖直方向成60角，bc连线与竖直方向成30角，三个小球均处于静止状态下列说法正确的是()Aa、b、c小球带同种电荷Ba、b小球带异种电荷，b、c小球带同种电荷Ca、b小球电量之比为Da、b小球电量之比为解析：对c小球受力分析可得，a、b小球必须带同种电荷，c小球才能平衡对b小球受力分析可得，b、c小球带异种电荷，b小球才能平衡故A、B项错误；对c小球受力分析，将力正交分解后可得：sin 60ksin 30，又racrbc1，解得qaqb9.故C项错误，D项正确答案：D