高考物理大一轮复习方案高考真题汇编 I单元 电.docx

1、高考物理大一轮复习方案高考真题汇编 I单元 电I单元 电场I1 电场的力的性质15. I12016全国卷 如图1所示，P是固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆带电粒子Q在P的电场中运动运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为aa、ab、ac，速度大小分别为va、vb、vc，则()图1Aaaabac，vavcvbBaaabac，vbvcvaCabacaa，vbvcvaDabacaa，vavcvb15D解析由库仑定律可知，粒子在a、b、c三点受到的电场力的大小关系为FbFcFa，由a可知，abacaa，由运动轨迹可知，粒子Q

2、的电性与P相同，受斥力作用，不论粒子从a到c，还是从c到a，在运动过程中总有排斥力与运动方向的夹角先为钝角后为锐角，即斥力先做负功后做正功，因此vavcvb，故D正确15I12016浙江卷 如图11所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开()图11A此时A带正电，B带负电B此时A电势低，B电势高C移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合D先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合15C解析 由感应起电可知，近端感应出异种电荷，故A带负电，B带正电，选项A错误；处于静电平衡状态下的导体是等势体，故A、B电势

3、相等，选项B错误；先移去C，则A、B两端的等量异种电荷又重新中和，而先分开A、B，后移走C，则A、B两端的等量异种电荷就无法重新中和，故选项C正确，选项D错误19I12016浙江卷 如图15所示，把A、B两个相同的导电小球分别用长为0.10 m的绝缘细线悬挂于OA和OB两点用丝绸摩擦过的玻璃棒与A球接触，棒移开后将悬点OB移到OA点固定两球接触后分开，平衡时距离为0.12 m已测得每个小球质量是8.0104 kg，带电小球可视为点电荷，重力加速度g取10 m/s2，静电力常量k9.0109 Nm2/C2，则()图15A两球所带电荷量相等BA球所受的静电力为1.0102 NCB球所带的电荷量为4

4、108 CDA、B两球连线中点处的电场强度为019ACD解析 由接触起电的电荷量分配特点可知，两相同金属小球接触后带上等量同种电荷，选项A正确；对A受力分析如图所示，有，而F库k，得F库6103 N，q4108 C，选项B错误，选项C正确；等量同种电荷连线的中点电场强度为0，选项D正确I2 电场的能的性质15I22016全国卷 关于静电场的等势面，下列说法正确的是()A两个电势不同的等势面可能相交B电场线与等势面处处相互垂直C同一等势面上各点电场强度一定相等D将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功15B解析静电场中的电场线不可能相交，等势面也不可能相交，否则的话会

5、出现一个点有两个电场强度和两个电势值的矛盾，A错误；由WABqUAB可知，当电荷在等势面上移动时，电荷的电势能不变，如果电场线不与等势面垂直，那么电荷将受到电场力，在电荷运动时必然会做功并引起电势能变化，这就矛盾了，B正确；同一等势面上各点电势相等，但电场强度不一定相等，C错误；对于负电荷，q0，由电场力做功的公式WABqUAB可知WAB0，所以从a点运动到b点，M所受的电场力做负功，动能减小，故B正确d、e两点电势相等，N在d、e两点的电势能相等，故C正确Ucd0，N从c点运动到d点，电场力做正功，故D错误I5 实验：用描迹法画出电场中平面上的等势线28I52016上海卷“用DIS描绘电场的

6、等势线”的实验装置示意图如图1所示图1(1)该实验描绘的是()A两个等量同种电荷周围的等势线B两个等量异种电荷周围的等势线C两个不等量同种电荷周围的等势线D两个不等量异种电荷周围的等势线(2)实验操作时，需在平整的木板上依次铺放()A导电纸、复写纸、白纸B白纸、导电纸、复写纸C导电纸、白纸、复写纸D白纸、复写纸、导电纸(3)若电压传感器的红、黑探针分别接触图中d、f两点(f、d连线与A、B连线垂直)时，示数小于零为使示数为零，应保持红色探针与d点接触，而将黑色探针_(选填“向左”或“向左”)移动28答案 (1)B (2)D(3)向右解析(1)电源的正、负两个电极相当于两个等量异种电荷，所以B正

7、确(2)最上层导电纸与电极接触，中间放复写纸，以便于在最下层白纸上留下痕迹所以D正确(3)等量异种电荷周围的等势线的形状大致是一簇对称的曲线，根据等势线大致分布可以判断出黑色探针应向右移动才能找到d点的等势点I6 实验：练习使用示波器I7 电场综合20I72016全国卷 如图1所示，一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直面(纸面)内，且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称忽略空气阻力由此可知()图1AQ点的电势比P点高B油滴在Q点的动能比它在P点的大C油滴在Q点的电势能比它在P点的大D油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小解析AB油滴做类斜抛运动，加速度恒定，选项D错误；合力竖直向上，且电场

8、力Eq竖直向上，Eqmg，电场方向竖直向下，P点电势最低，负电荷在P点电势能最大，选项A正确，选项C错误；若粒子从Q点运动到P点，则合力做负功，动能减小，P点的动能最小，选项B正确11I72016上海卷 国际单位制中，不是电场强度的单位是()AN/C BV/mCJ/C DTm/s11C解析根据电场强度定义E可知，N/C是电场强度的单位；根据E可知，V/m是电场强度的单位；根据UBdv，E，可得EBv，故Tm/s是电场强度的单位；根据U可知，J/C是电压的单位，故C正确24I72016上海卷 如图1所示，质量为m的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，处于静止状态施加一水平向右的匀强电场后，A向右摆动

9、，摆动的最大角度为60，则A受到的电场力大小为_在改变电场强度的大小和方向后，小球A的平衡位置在60处，然后再将A的质量改变为2m，其新的平衡位置在30处，A受到的电场力大小为_图124答案 mgmg解析设细线长度为L，根据动能定理有mgL(1cos 60)FLsin 60，解得Fmg.设平衡时电场力与竖直方向的夹角为，受力如图所示，当细线与竖直方向成60角时，有当细线与竖直方向成30角时，有联立解得60，qEmg.32I72016上海卷 如图1(a)所示，长度L0.8 m的光滑杆左端固定一带正电的点电荷A，其电荷量Q1.8107 C；一质量m0.02 kg、带电荷量为q的小球B套在杆上将杆沿

10、水平方向固定于某非均匀外电场中，以杆左端为原点，沿杆向右为x轴正方向建立坐标系点电荷A对小球B的作用力随B位置x的变化关系如图(b)中曲线所示，小球B所受水平方向的合力随B位置x的变化关系如图(b)中曲线所示，其中曲线在0.16x0.20和x0.40范围可近似看作直线求：(静电力常量k9109 Nm2/C2)图1(1)小球B所带电荷量q；(2)非均匀外电场在x0.3 m处沿细杆方向的电场强度大小E；(3)在合电场中，x0.4 m与x0.6 m之间的电势差U；(4)已知小球在x0.2 m处获得v0.4 m/s的初速度时，最远可以运动到x0.4 m处若小球在x0.16 m处受到方向向右、大小为0.

11、04 N的恒力作用后，由静止开始运动，为使小球能离开细杆，恒力作用的最小距离s是多少？图132答案(1)1106 C(2)3104 N/C(3)800 V(4)0.065 m解析(1)由图可知，当x0.3 m时，F1k0.018 N因此q1106 C.(2)设在x0.3 m处点电荷与小球间作用力为F2，F合F2qE因此EN/C3104 N/C电场在x0.3 m处沿细杆方向的电场强度大小为3104 N/C，方向水平向左(3)根据图像可知在x0.4 m与x0.6 m之间合力做功大小W合0.0040.2 J8104 J由qUW合可得U800 V.(4)由图可知小球从x0.16 m到x0.2 m处电场

12、力做功W1J6104 J小球从x0.2 m到x0.4 m处电场力做功W2mv21.6103 J由图可知小球从x0.4 m到x0.8 m处电场力做功W30.0040.4 J1.6103 J由动能定理W1W2W3F外s0解得s0.065 m.22016大连二十四中期中 由粗糙的水平杆AO与光滑的竖直杆BO组成的绝缘直角支架如图放置，在AO杆、BO杆上套有带正电的小球P、Q，两个小球恰能在某一位置平衡现将P缓慢地向左移动一小段距离，两球再次达到平衡若小球所带电荷量不变，与移动前相比()图K192AP、Q之间的距离增大B杆BO对Q的弹力减小C杆AO对P的摩擦力增大D杆AO对P的弹力减小2C解析Q受力如

13、图所示，由力的合成与平衡条件可知：BO杆对小球Q的弹力变大，两小球之间的库仑力变大，由库仑定律知，两小球P、Q的距离变小，A、B错误；对整体受力分析，可得AO杆对小球P的摩擦力变大，C正确；AO杆对小球P的弹力不变，D错误32016河北冀州中学一轮复习检测 如图K193所示，在(0，y0)和(0，y0)两位置分别固定一个电荷量为Q的点电荷另一个带电荷量为q的点电荷从(x0，0)位置以初速度v0沿x轴正方向运动点电荷q从(x0，0)到(x0，0)的过程中只受电场力作用，下列描述其加速度a或速度v与位置x的关系可能正确的是()图K193图K1943D解析 根据等量同种电荷电场线的分布情况可知，q从

14、x0到0，再到x0，场强可能先一直减小，再一直增大，但不是均匀减小，也不是均匀增大；由牛顿第二定律知a，加速度不可能均匀变化，故A错误；场强方向先向左后向右，大小可能先增大后减小，再增大，最后减小，由牛顿第二定律知，加速度方向先向左后向右，即先负后正，故B错误；由于加速度是变化的，故vx图像不可能是直线，故C错误；若场强先一直减小，再一直增大，则加速度先减小后增大，故D正确3.(多选)2016长沙雅礼中学月考 如图K213所示，AB、CD是一个圆的两条直径，该圆处于匀强电场中，电场强度方向平行该圆所在平面，在圆周所在的平面内将一个带正电的粒子从A点以相同的速率沿不同方向射向圆形区域，粒子将经过

15、圆周上的不同点，其中经过C点时粒子的动能最小若不计粒子所受的重力和空气阻力，则下列判断中正确的是()图K213A电场强度方向由A指向BB电场强度方向由C指向DC粒子到达B点时动能最大D粒子到达D点时电势能最小3BD解析 因为粒子仅在电场力作用下从A点进入圆形区域，离开C点的动能最小，电势能最大，所以电场线与过C的切线相垂直，由于带电微粒带正电，故匀强电场的方向由C指向D，故A错误，B正确；电场线方向从C到D，沿着电场线方向，电势降低，则D点的电势能最小，动能最大，故C错误，D正确52016河北冀州中学一轮复习检测 假设空间某一静电场的电势随x变化情况如图K215所示，根据图中信息，下列说法中正

16、确的是()图K215A0x1范围内各点场强的方向均与x轴平行B只在电场力作用下，正电荷沿x轴从0运动到x1，可做匀减速直线运动C负电荷沿x轴从x2移到x3的过程中，电场力做正功，电势能减小D负电荷在x3处电势能大于其在x5处的电势能5C解析 由图看出，x轴上0x1范围内各点电势不变，所以0x1范围内各点场强的方向与x轴垂直，不可能与x轴平行，故A错误；沿x轴从0到x1，各点电势相等，任意两点间电势差为零，电场力做功为零，正电荷沿x轴从0运动到x1，可做匀速直线运动，故B错误；负电荷沿x轴从x2移到x3的过程中，电势升高，负电荷的电势能减小，电场力做正功，故C正确；由于x3处的电势高于x5的电势

17、，根据Epq可以知道，负电荷在x3处电势能小于在x5处电势能，故D错误32016哈尔滨六中期末 如图K223所示，电荷量为Q的点电荷固定在O点，光滑绝缘水平面上的P点在O点的正下方，质量为m、电荷量为q(q0)的试探电荷在水平面上的N点有向右的水平速度v0，该试探电荷到达P点时速度为v，图中60，规定电场中P点的电势为零，下列说法中正确的是()图K223A试探电荷从N运动到P点做匀减速运动B试探电荷在P点受到的电场力大小是N点的2倍C在Q形成的电场中N、P两点的电势差UNPD试探电荷在N点具有的电势能为m3C解析 试探电荷从N运动到P点的过程中，受到库仑引力作用，做变加速运动，选项A错误；因为

18、ON2OP，则根据F可知，试探电荷在P点受到的电场力大小是N点的4倍，选项B错误；从N到P由动能定理可知： mv2mvqUNP，解得UNP，选项C正确；规定电场中P点的电势为零，则N点的电势为：UN，试探电荷在N点具有的电势能为EpNqUNm(v2v)，选项D错误32016四川广元一模 如图K233所示，A、B间存在与竖直方向成45角斜向上的匀强电场E1，B、C间存在竖直向上的匀强电场E2，A、B的间距为1.25 m，B、C的间距为3 m，C为荧光屏一质量m1.0103 kg、电荷量q1.0102 C的带电粒子从a点由静止释放，恰好沿水平方向经过b点到达荧光屏上的O点若在B、C间再加方向垂直于

19、纸面向外且大小B0.1 T的匀强磁场，粒子经b点偏转到达荧光屏的O点(图中未画出)取g10 m/s2.求：(1)E1的大小；(2)加上磁场后，粒子由b点到O点电势能的变化量图K2333(1) N/C(2)增加1.0102 J解析 (1)粒子在A、B间做匀加速直线运动，竖直方向受力平衡，则有：qE1cos 45mg解得：E1N/C.(2)粒子从a到b的过程中，由动能定理得qE1dABsin 45mv解得：vb5 m/s加磁场前粒子在B、C间必做匀速直线运动，则有：qE2mg加磁场后粒子在B、C间必做匀速圆周运动，如图所示，由动力学知识可得：qvbBm解得：R5 m设偏转距离为y，由几何知识得：R2d(Ry)2代入数据得y1.0 m粒子在B、C间运动时电场力做的功为：WqE2ymgy1.0102 J由功能关系知，粒子的电势能增加了1.0102 J.42016沈阳东北育才学校第三次模拟 如图K243甲所示，真空中的电极K连续不断地发出电子(电子