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1、紫阳解析四川省资阳市2014年中考物理试卷一、选择题1（3分）（2014资阳）如图所示的四种光现象中，由于光的反射形成的是（）A手影B小孔成像C桥在水中的倒影D直的花茎“错位”了考点：光的反射分析：根据光的直线传播、光的反射、光的折射现象分析解答：解：A、影子是光的直线传播形成的；B、小孔成像是因为光沿直线传播；C、倒影是由于光的反射形成的；D、看到有水的杯中的花茎“错位”是光的折射造成的故选C点评：光的反射、折射及光的直线传播在生活中有着很多的现象，要在生活中注意观察，并能用所学物理知识进行解释2（3分）（2014资阳）秋天的清晨，我们经常发现野外的树叶或小草上凝结着晶莹的露珠，如图所示形成

2、露珠的物态变化过程是（）A升华B汽化C熔化D液化考点：液化及液化现象分析：物体由气态变为液态的过程叫液化解答：解：秋天晚上，空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠，附着在树叶或小草上就成为露珠故选D点评：该题很简单，考查液化形成过程3（3分）（2014资阳）下列说法正确的是（）A甲物体对乙物体施加力的同时，甲物体也一定受到了力的作用B相互平衡的两个力，这两个力的三要素可能相同C作匀速直线运动的汽车一定不受力的作用D一个物体受到力的作用，它的运动状态一定改变考点：力的三要素；力的作用效果专题：应用题；运动和力分析：A、物体间力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体B、一对平衡力等大、反向、作用在同一直

3、线上，作用在同一物体上C、做匀速直线运动的物体受平衡力作用D、如果物体受平衡力作用，物体处于平衡状态，运动状态保持不变解答：解：A、甲物体对乙物体施加力的同时，甲物体也一定受到乙物体对甲物体力的作用，故A正确；B、相互平衡的两个力方向相反，这两个力的三要素不相同，故B错误；C、作匀速直线运动的汽车受平衡力作用，故C错误；D、一个物体受到力的作用，如果所受合力为零，受平衡力作用，物体处于平衡状态，状态保持不变，故D错误；故选A点评：本题涉及的知识点较多，但难度不大，熟练应用基础知识即可正确解题，本题是一道易错题，解题时要细心、认真4（3分）（2014资阳）如图所示的实验装置中能够说明电磁感应现象

4、的是（）ABCD考点：电磁感应专题：电动机、磁生电分析：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，该现象就称为电磁感应现象解答：解：A、该电路中有电源，即通电后，磁场中的金属棒会受力运动，故是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，故该选项错误B、在该闭合电路中没有电源，当ab做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，故这就是电磁感应现象，即该选项正确；C、该实验是著名的奥斯特实验，该实验说明了通电导线周围存在着磁场，故该选项错误；D、该装置是用来研究电磁铁磁性强弱影响因素的实验装置，故不符合题意故选B点评：本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理

5、注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源5（3分）（2014资阳）跳伞运动员在空中匀速下落的过程中（）A动能一定增大B机械能一定不变C重力势能一定减小D机械能一定增加考点：动能和势能的大小变化；机械能分析：动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能总称为机械能解答：解：由于运动员在空中飞速下落，质量和速度都没发生变化，故动能不变；在下落过程中，高度降低，所以重力势能减小，机械能等于动能和重力势能之和，所以机械能也是减小故选C点评：该题考查了动能和重

6、力势能大小的影响因素，难度不大6（3分）（2014资阳）在A、B、C三个相同的烧杯内装有深度相同的液体，三种液体的密度关系是1=23将甲、乙、丙三个重力分别为G甲、G乙、G丙的实心小球分别在A、B、C的液体中，其中甲球在A中沉入液体底部，乙球在B中恰好悬浮，丙球在C中漂浮在液面上三个球的密度分别为甲、乙、丙，体积关系是V甲V乙=V丙，三个球所受浮力分别为F1、F2、F3三个烧杯里的液体对杯底的压强分别为p1、p2、p3则以下判断的关系中正确的是（）A甲乙=丙BG甲G乙G丙CF1F2F3Dp1=p2p3考点：物体的浮沉条件及其应用；液体的压强的计算；阿基米德原理专题：应用题分析：物体漂浮时浮力等

7、于重力，物体密度小于液体密度；物体悬浮时浮力等于重力，物体密度等于液体密度；物体下沉时，浮力小于重力，物体密度大于液体密度；物体下沉时，完全浸没；悬浮时完全浸没；漂浮时有一部分体积露出水面；已知各个物体的体积，可求最后液体的深度，根据公式P=gh可求液体压强的大小；根据浮力公式可求三个物体所受浮力的大小解答：解：（1）甲下沉，甲1=2； 丙漂浮，丙3，23，乙丙；甲乙丙；故A错误 （2）V甲V乙，甲乙，F浮=液v排g，F浮甲F浮乙，G甲G乙；（3）又V乙=V丙，V排乙V排丙23，F浮=液v排g，F浮乙F浮丙又F浮乙=G乙，F浮丙=G丙G乙G丙所以G甲G乙G丙；故B正确，F浮甲F浮乙F浮丙；也就

8、是F1F2F3；故C正确（4）因为甲下沉，乙悬浮，丙漂浮，又因为V甲V乙=V丙，V排甲V排乙V排丙，所以深度关系为hAhBhC；三个烧杯里的液体对杯底的压强根据公式P=gh可知，P1=1ghA；P2=2ghB；P3=3ghC；所以 P1P2P3故D错误故选B、C点评：本题考查物体沉浮条件的灵活运用，关键知道物体漂浮时浮力等于重力，物体密度小于液体密度；物体悬浮时浮力等于重力，物体密度等于液体密度；物体下沉时，浮力小于重力，物体密度大于液体密度7（3分）（2014资阳）关于燃料的热值下列说法正确的是（）A燃料的热值与燃料的燃烧情况有关B容易燃烧的燃料的热值一定大C煤的热值比干木柴的大，煤燃烧放出

9、的热量比干木柴放出的热量多D0.5kg煤油和1.5kg煤油的热值一样大考点：燃料的热值专题：比热容、热机、热值分析：热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关解答：解：A、燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，故A错误；B、燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料是否容易燃烧无关，故B错误；C、燃料燃烧放出的热量与是否完全燃烧、燃料的热值和质量都有关系，因此热值大的燃料不一定放出的热量多，故C错误；D、燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料的质量无关，因此0.5kg煤油和1.5kg煤油的热值一样大，故D正确故选D点评：本题考查了学生对燃料热值是燃料特性的

10、理解与掌握，是经常考的题型，充分理解“热值只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关”8（3分）（2014资阳）声音在均匀空气里传播过程中（）A声速逐渐减小B频率逐渐减小C振幅逐渐减小D声速、频率、振幅都不变考点：声音的传播条件；音调、响度与音色的区分专题：声与光分析：（1）物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，与振幅和距离有关；距离越远，响度越小；（2）声音的传播靠介质，气体、液体、固体都可作为传播声音的介质；声音在不同介质中的传播速度不同，在固体中最大，其次是液体，再次是气体；但在同种介质中的传播速度不变；（3）声音在传播的过程中，音调和音色不变解答：解：A、声音在同种介质中

11、的传播速度不变；故A错误；B、声音在传播的过程中，音调不变，故频率也不变；故B错误；C、响度与振幅和距离有关；距离越远，响度越小；故声音在空气中传播过程中，响度变小，振幅也变小；故C正确；D、声音在传播的过程中，速度不变，音调不变，频率也就不变；响度变小，振幅也就变小；故D错误；故选C点评：此题综合性较强，考查声音的传播速度和特征等知识；结合对声音特征的认识、传播的速度，可解答此题9（3分）（2014资阳）某同学在做透镜成像的实验时，将一支点燃的蜡烛放在距离透镜20cm的地方，当它向透镜移动时，其倒立的像移动速度大于蜡烛移动速度，则可判断此透镜（）A是凸透镜，焦距为20cmB是凸透镜，焦距可能

12、为15cmC是凹透镜，焦距为20cmD是凹透镜，焦距可能为15cm考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：透镜及其应用分析：（1）凸透镜可以成倒立的像，也可以成正立的像凹透镜成正立的像（2）凸透镜成像时，当物体在凸透镜的二倍焦距以外时，物体移动速度大于像的移动速度；当物体在凸透镜一倍焦距和二倍焦距之间时，物体移动速度小于像的移动速度根据物距和焦距的关系，判断凸透镜的焦距取值范围解答：解：（1）蜡烛经透镜成倒立的像，说明此透镜一定是凸透镜（2）蜡烛放在距离透镜20cm的地方，当它向透镜移动时，其倒立的像移动速度大于蜡烛移动速度，说明蜡烛在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，所以2f20cmf，所以20

13、cmf10cm故选B点评：凸透镜成像时，当物体在凸透镜的二倍焦距以外时，物体移动速度大于像的移动速度；当物体在凸透镜一倍焦距和二倍焦距之间时，物体移动速度小于像的移动速度这个知识点在初中物理中出现的频率不高，可以通过实验得出10（3分）（2014资阳）如果加在定值电阻两端的电压从8V增加到10V时，通过定值电阻的电流相应变化了0.2A，则该定值电阻所消耗的电功率的变化量是（）A0.4WB2.8WC3.2WD3.6W考点：电功率的计算；影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用专题：计算题；压轴题分析：电阻大小不变，已知电阻两端电压的变化和电流的变化，根据公式I=可求电阻的大小，根据公式P=可知该电阻的

14、电功率变化解答：解：电阻两端的电压变化，电阻保持不变，当电阻两端的电压为8V时，通过电阻的电流为I1=，该电阻的电功率为P1=，当电阻两端的电压为10V时，通过电阻的电流为I2=，该电阻的电功率为P2=，电流变化量I=I2I1=0.2A，即=0.2A，所以R=10，所以该电阻的电功率变化了P=P2P1=3.6W，故选D点评：本题考查电功率和电流以及电阻的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是求电阻的阻值，这也是本题的难点，也是此题的突破点11（3分）（2014资阳）质量为8kg的均匀木块，它与桌面的接触面积为100cm2，若用2N拉力使它在水平桌面上匀速前进1m，如图，下列叙述错误的是（）

15、A木块与桌面之间摩擦力大小是2NB木块在运动过程中机械能不变C木块对桌面的压强是800PaD拉力在此过程中做功是2J考点：摩擦力的大小；压强的大小及其计算；功的计算；动能和势能的大小变化专题：其他综合题分析：（1）物体在水平方向上做匀速直线运动，是处于平衡状态，所以要受到平衡力的作用，因此可以根据告诉的拉力，利用二力平衡的条件求得其受到的摩擦力大小（2）影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度，根据能量的转化情况可以确定物体能量的变化（3）根据物体的重力，可以确定物体对桌面的压力，物体的底面积即受力面积，从而可以求得物体对桌面的压强（4）根据功的计算公式：W=Fs，可以求得在

16、此过程中拉力做的功解答：解：A、物体在水平桌面上做匀速直线运动，且只受到拉力和摩擦力的作用，所以拉力和摩擦力是一对平衡力，即摩擦力等于拉力等于2N故A的说法正确，不合题意B、物体在此过程中做匀速直线运动，速度大小不变，动能不变，高度不变，重力势能也不变，所以机械能不变故B的说法正确，不符合题意C、由于物体是在水平桌面上，并且在竖直方向上不再受到其它的力的作用，所以物体对桌面的压力等于物体的重力，即F=G=mg=8kg10N/kg=80N所以物体对桌面的压强：p=8000Pa；故C的说法错误，符合题意D、物体通过的距离s=1m，受到的拉力F=2N，所以拉力在此过程中做的功：W=Fs=2N1m=2

17、J；故D的说法正确，不合题意故选C点评：本题考查摩擦力、做功、压强、能量的变化，考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力12（3分）（2014资阳）如图所示的电路，已知电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的阻值为10，滑动变阻器R2的最大阻值为50，电源电压为6V开关S闭合后，在滑动变阻器滑片滑动的过程中，保证电流表、电压表不被烧坏的条件是（）A电压表最小示数是1VB滑动变阻器滑片允许滑到最左端C电路中允许通过的最大电流是0.6AD滑动变阻器滑片移动的过程中，电流表先达到最大量程考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电阻的串联专题：计算题；电路和

18、欧姆定律分析：（1）由电路图可知，当滑动变阻器的滑片位于最左端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，然后比较电源的电压和电压表的量程即可判断滑片是否允许滑到最左端，根据欧姆定律求出此时电路中的电流即可判断电路中通过的最大电流和那个电表先达到最大量程；（2）当滑动变阻器的最大阻值和定值电阻串联时R1分得的电压最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的最小示数解答：解：（1）由电路图可知，当滑动变阻器的滑片位于最左端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电源的电压6V大于电压表的最大量程3V，滑动变阻器的滑片不能移到最左端，故B不正确；根据欧姆定律可

19、得，此时电路中的电流：I=0.6A，电路中的最大电流不能为0.6A，且两电表中电压表先达到最大量程，故CD不正确；（2）根据串联电路的分压特点可知，滑动变阻器接入电路中的阻值最大时电压表的示数最小，串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，电路中的最小电流：Imin=0.1A，电压表的最小示数U1min=IminR1=0.1A10=1V，故A正确故选A点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，此类题应根据电流表、电压表的最大值，由欧姆定律计算电路对应的电流或电压值，再由串联电路的电流、电压、电阻特点进行相关的计算二、解答题（共15小题，满分0分）13（2014资阳）小兰站在竖直的平面镜前0

20、.5m处，她在镜中的像到镜面的距离是0.5m考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案分析：根据平面镜成像特点像距等于物距，即可轻松解答此题解答：解：因为平面镜成像的特点之一是像距等于物距，已知小兰距离竖直的平面镜0.5m，所以可得她在镜中的像到镜面的距离为0.5m故答案为：0.5点评：此题考点单一，问题直接，属于对基础知识的考查，比较容易14（2014资阳）把一个标有“220V 500W”的电热杯接在电源上使其正常工作，在通电3min的时间内，该电热杯产生的热量为9104J考点：电功的计算；电热专题：计算题分析：电热杯的铭牌提供了额定电压和额定功率，知道电热杯正常工作，电热杯的电功率等于

21、额定功率，利用Q=W电=Pt求电热杯产生的热量解答：解：电热杯正常工作，P=P额=500W，电热杯产生的热量：Q=W电=Pt=500W360s=9104J故答案为：9104点评：本题考查了电流做功产生热量的计算，知道电热器正常工作时P=P额，电热器产生的热量Q=W电=Pt15（2014资阳）如图所示，光滑带槽的长木条AB（质量不计）可以绕支点O转动，木条的A端用竖直细绳连接在地板上，OB=0.4m在木条的B端通过细线悬挂一个高为20cm的长方体木块，木块的密度为0.8103 kg/m3B端正下方放一盛水的溢水杯，水面恰到溢水口处现将木块缓慢浸入溢水杯中，当木块底面浸到水下10cm深处时，从溢水

22、口处溢出0.5N的水，杠杆处于水平平衡状态然后让一质量为100g的小球从B点沿槽向A端匀速运动，经4s的时间，系在A端细绳的拉力恰好等于0，则小球的运动速度为0.13m/s（g取10N/kg）考点：速度的计算；密度公式的应用；重力的计算；杠杆的平衡条件；阿基米德原理专题：计算题分析：知道木块排开水重，利用阿基米德原理求木块受到的浮力，再根据F浮=水V排g求排开水的体积；此时木块浸入体积为木块体积的一半，可求木块的体积，又知道木块的密度，利用密度公式和重力公式求木块重；根据FB+G=F浮求杠杆B端受到的拉力FB，再根据杠杆平衡条件得出关系式FAOA=FBOB；知道小球的质量可求木块重，设小球的运

23、动速度为v，则小球滚动的距离s=vt，可求当A端的拉力为0时，小球到O点距离（sOB=vtOB=v4s0.4m），再根据杠杆平衡条件得出G球s=FBOB，据此求小球运动速度解答：解：木块受到的浮力：F浮=G排=0.5N，F浮=水V排g，木块浸入水中的体积：V浸=V排=5105m3，木块的体积：V木=2V浸=25105m3=1104m3，木块的质量：m=木V木=0.8103 kg/m31104m3=0.08kg，木块重：G=mg=0.08kg10N/kg=0.8N，所以杠杆B端受到的拉力：FB=GF浮=0.8N0.5N=0.3N，杠杆平衡，FAOA=FBOB，小球的质量为：m球=100g=0.1

24、kg，小球的重：G球=m球g=0.1kg10N/kg=1N，设小球的运动速度为v，则小球滚动的距离s=vt，当A端的拉力为0时，杠杆再次平衡，此时小球到O点距离：s=sOB=vtOB=v4s0.4m，杠杆平衡，G球s=FBOB，即：1N（v4s0.4m）=0.3N0.4m，解得：v=0.13m/s故答案为：0.13点评：本题考查了重力公式、密度公式、速度公式、阿基米德原理、杠杆平衡条件，知识点多、综合性强，计算时要求灵活选用公式，利用好杠杆两次平衡是本题的关键16（2014资阳）保温瓶中装水量为1kg，当水温由98降低到78时，共放出8.4104J的热量c水=4.2103J/（kg）考点：热量

25、的计算专题：热和能分析：已知水的质量、初末温度，由热量公式可以求出水放出的热量解答：解：水放出的热量：Q放=cmt=4.2103J/（kg）1kg（9878）=8.4104J故答案为：8.4104点评：本题考查了放出热量的计算，应用好热量公式即可正确解题17（2014资阳）小明家有额定功率为一个“220V 1500W”的电热水器，将其单独接在电路中，发现电能表上铝盘121s内转了125转，他家的实际电压为219V（电能表规格为“220V 20A 3000R/KWh”）考点：电功率与电压、电流的关系专题：应用题；电能和电功率分析：知道电热水器的额定电压和额定功率，可利用公式R=计算出电热水器的电

26、阻，又知道工作时间，可利用公式P=计算出电热水器的实际功率，最后再利用公式P=计算出实际电压解答：解：电能表转3000转消耗的电能为1kWh，电能表的铝盘转125转消耗的电能为：W=kWh=3.6106J=1.5105J电热水器的额定电压和额定功率为U=220V，P=1500W，电热水器的电阻为：R=，又t=121s，电热水器的实际功率为：P实=W，P=U实=200V答：实际电压为200V点评：本题考查了学生对用电器的能量转化、电能表参数的理解和掌握以及对用电器铭牌的认识，关键是灵活应用电功率的计算公式18（2014资阳）小明想探究某电阻的阻值R，与温度t的关系，设计了如图所示的电路，其中，定

27、值电阻Ro=20，电源电压U=3V他把该电阻放在不同的温度下做实验，得到了不同温度下该电阻的阻值（如表）温度t（）010203040电阻阻值Rt（欧）2025303540由表中数据得出，该电阻的阻值Rt与温度t的数学关系式为Rt=20+0.5t考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：根据表中数据进行分析，找出电阻的阻值与温度的规律解答：解：从表中数据可以看出，温度每升高10摄氏度，电阻升高5欧姆，故电阻阻值Rt与温度的关系为：Rt=20+0.5t故答案为：Rt=20+0.5t点评：会根据表格得出热敏电阻随温度的变化规律19（2014资阳）在热机的四个冲程中，把机械能转化为内能的是压缩冲程考点：内燃机的四个冲程专题：分子热运动、内能分析：热机是将内能转化为机械能的机器，它的一个工作循环包括四个冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程，其中压缩冲程是将机械能转化为内能；做功冲程是将内能转化