学年高中物理 模块综合检测二新人教版必修1doc.docx

1、学年高中物理 模块综合检测二新人教版必修1doc2019-2020学年高中物理 模块综合检测（二）新人教版必修1一、单项选择题(本题共10小题，每题3分，共30分每小题中只有一个选项是正确的，选对得3分，错选、不选或多选均不得分)1北京时间10月17日7时30分28秒，“神舟十一号”发射成功，中国载人航天再度成为世人瞩目的焦点下列说法正确的是()A7时30分28秒表示时间间隔B研究“神舟十一号”飞行姿态时，可把“神舟十一号”看作质点C“神舟十一号”绕地球飞行一圈位移不为零D“神舟十一号”绕地球飞行一圈平均速度为零解析：时刻与时间轴上的点对应，时间间隔与时间轴上的线段相对应，是两个时刻间的间隔，

2、所以7时30分28秒表示“时刻”，故A错误； 研究“神舟十一号”飞行姿态时，如果将“神舟十一号”看成一个质点，对点而言无所谓姿态的，故不能将“神舟十一号”看成质点，故B错误；“神舟十一号”绕地球飞行一圈，初末位置相同，则位移为零，故C错误；平均速度等于位移和时间的比值，因为飞行一圈的过程中位移为0，所以平均速度为0，故D正确故选D.答案：D2.三个质点A、B、C的运动轨迹如图所示，同时从N点出发，同时到达M点，下列说法中正确的是()A三个质点任意时刻的速度方向都相同B三个质点从N点出发到M的任意时刻速度大小都相同C三个质点从N点到M点的平均速度大小和方向均相同D三个质点从N点到M点的平均速率相

3、同解析：由题意可知任意时刻三个质点的速度大小和方向都不相同，选项A、B错误；平均速度等于位移除以时间，故平均速度大小相同，平均速度的方向与位移方向相同，故平均速度方向相同，选项C正确；平均速率等于路程除以时间，三质点的路程不同，时间相同，故平均速率不同，选项D错误综上本题选C.答案：C3同时作用在某物体上的两个方向相反的力，大小分别为6 N和8 N，当8 N的力逐渐减小到零的过程中，两力合力的大小()A先减小，后增大 B先增大，后减小C逐渐增大 D逐渐减小解析：当8 N的力减小到6 N时，两个力的合力最小，为0，若再减小，两力的合力又将逐渐增大，两力的合力最大为6 N，故A正确答案：A4(20

4、14北京高考)应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入例如，平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出对此现象分析正确的是()A手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态B手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态C在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度D在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度解析：本题考查牛顿第二定律的应用，重在物理过程的分析，根据加速度方向判断超重和失重现象手托物体抛出的过程，必有一段加速过程，其后可以减速，可以匀速，当手和物体匀速运动时，物体既不超重也不失重；当手和物体减速运动时，物体处于失重状态，选项A错误；物体

5、从静止到运动，必有一段加速过程，此过程物体处于超重状态，选项B错误；当物体离开手的瞬间，物体只受重力，此时物体的加速度等于重力加速度，选项C错误；手和物体分离之前速度相同，分离之后手速度的变化量比物体速度的变化量大，物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度，所以选项D正确答案：D5在做自由落体运动升降机内，某人竖直上抛一弹性小球(即碰撞后小球以等大的反向速度运动)，此人会观察到()A球匀速上升，达到最大高度后匀加速下降B球匀速上升，与顶板碰撞后匀速下降C球匀速上升，与顶板碰撞后停留在顶板处D球匀减速上升，达到最大高度处停留在空中解析：以地面为参考系，向上为正方向，小球的速度：v1v0gt；升

6、降机速度：v2gt.故小球相对于升降机的速度：vv1v2v0；故球匀速上升；下降过程，球和升降机相对地面的加速度均为g，故速度差值恒定，球相对升降机匀速下降，故选B.答案：B6.如图所示，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成的拉力F作用下加速往前运动，已知物体与桌面间的动摩擦因数为，则下列判断正确的是()A物体受到的摩擦力为Fcos B物体受到摩擦力为mgC物体对地面的压力为mgD物体受到地面的支持力为mgFsin 解析：对物体受力分析，如图所示，则有物体受到的摩擦力为fN(mgFsin )，故A、B错误物体对地面的压力与地面对物体的支持力是作用力与反作用力，而支持力等于mgFsin

7、，故C错误物体受到地面的支持力为mgFsin ，故D正确答案：D7一个向正东方向做匀变速直线运动的物体，在第3 s内发生的位移为8 m，在第5 s内发生的位移为5 m，则关于物体运动加速度的描述正确的是()A大小为3 m/s2，方向为正东方向B大小为3 m/s2，方向为正西方向C大小为1.5 m/s2，方向为正东方向D大小为1.5 m/s2，方向为正西方向解析：由题意，物体做匀变速直线运动，已知第3 s内发生的位移为x18 m，在第5 s内发生的位移为x25 m，两段相等的时间为t1 s根据匀变速直线运动的推论xaT2，得x2x12at2，则得am/s21.5 m/s2，负号表示加速度方向为正

8、西方向，加速度大小为1.5 m/s2，故A、B、C错误，D正确故选D.答案：D8星级快车出站时能在150 s内匀加速到180 km/h，然后正常行驶某次因意外列车以加速时的加速度大小将车速减至108 km/h.以初速度方向为正方向，则下列说法不正确的是()A列车加速时的加速度大小为m/s2B列车减速时，若运用vv0at计算瞬时速度，其中am/s2C若用v-t图象描述列车的运动，减速时的图线在时间轴(t轴)的下方D列车由静止加速，1 min内速度可达20 m/s解析：列车的加速度大小am/s2m/s2，减速时，加速度方向与速度方向相反，am/s2，故A、B两项都正确列车减速时，vt图象中图线依然

9、在时间轴(t轴)的上方，C项错由vat可得v60 m/s20 m/s，D项对答案：C9.用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一长方体物块Q，如图所示P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是()AQ物体受3个力BP物体受3个力C若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D若绳子变长，绳子的拉力将变小解析：墙壁光滑，Q处于静止状态，则P、Q间必有摩擦力，Q应受4个力作用，P受4个力作用，故A，B错对Q，P物体受力分析如图所示，对P由平衡条件：Tsin N1，Tcos mPgf，对Q由平衡条件：fmQg，故f不变，C错根据牛顿第三定律，ff，N1N1，当绳子变长时，减小，故T减小，

10、D对答案：D10.如图所示，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等现给木块施加一随时间t增大的水平力Fkt(t是常数)，木板和木块加速度的大小分别为a1和a2.下图中反映a1和a2变化的图线中正确的是()解析：当拉力F很小时，木块和木板一起加速运动，由牛顿第二定律，对木块和木板：F(m1m2)a，故a1a2at；当拉力很大时，木块和木板将发生相对运动，对木板：m2gm1a1，得a1，对木块：Fm2gm2a2，得a2tg，A正确故正确答案为A.答案：A二、多项选择题(本题共4小题，每题6分，共24分每小题有多个选项是

11、正确的，全选对得6分，少选得3分，选错、多选或不选得0分)11.如图所示，粗糙水平面上叠放着P、Q两木块，用水平向右的力F推Q使它们保持相对静止一起向右运动，P、Q受力的个数可能是()AP受2个力，Q受5个力BP受3个力，Q受5个力CP受3个力，Q受6个力DP受4个力，Q受6个力解析：题目没有说明它们的运动状态，可能有两种情况：(1)匀速运动：对P进行受力分析，处于平衡状态，只受到重力和支持力；对Q，则受到重力、地面的支持力、P的压力以及地面的摩擦力和推力F的作用，共5个力所以选项A正确；(2)在水平推力的作用下，物体P、Q一起匀加速滑动，则对P受力分析：重力与支持力，及向右的静摩擦力共3个力

12、对Q受力分析：重力、地面支持力、P对Q的压力、水平推力、地面给Q的滑动摩擦力，及P对Q的静摩擦力共6个力所以选项C正确故选AC.答案：AC12.甲、乙两物体从同一地点沿同一条直线同时运动，其速度时间图象如图所示，下列说法正确的是()A0t1时间内两物体均处于静止状态Bt1t2时间内甲物体始终在乙物体的前面Ct2时刻两物体相遇Dt1t2时间内，甲物体做匀减速直线运动解析：由v-t图象可知，0t1时间内甲、乙均做匀速运动，t1t2时间内，甲物体做匀减速直线运动，A错误，D正确；t2时刻之前，v甲始终大于v乙，两物体又从同一地点同向运动，故t1t2时间内甲物体始终在乙物体前面，且两物体相距越来越远，

13、B正确，C错误答案：BD13.如图所示，传送带的水平部分长为L，向右传动速率为v，在其左端无初速释放一木块若木块与传送带间的动摩擦因数为，则木块从左端运动到右端的时间可能是()A. B. C. D. 解析：若木块一直匀加速至传送带右端，则由Lgt2可得，木块从左端运动到右端的时间为t，若木块加速至传送带右端时恰与带同速，则由Lt可得：t，若木块加速至v后又匀速一段至带的右端，则有：t，故A、C、D均正确答案：ACD14如图所示，轨道由左边水平部分ab和右边斜面部分bc组成，b处为一小段光滑圆弧连接，斜面倾角为37，斜面长L10 m一个小物体在水平面上向右运动，Pb距离为x10 m，经过P时速度

14、v020 m/s，小物体与接触面间的动摩擦因数均为0.5，g10 m/s2，sin 370.6，则()A小物体最终停在轨道水平部分距斜面底端6 m处B小物体最终从c处离开斜面C从P点开始计时，小物体沿接触面运动的时间为(31.4) sD从P点开始计时，小物体沿接触面运动的时间为(3) s解析：应用牛顿第二定律可知：小物体在水平面上滑动的加速度大小为a1g5 m/s2(方向与速度v0方向相反)沿斜面上滑的加速度大小为a2gsin gcos 10 m/s2(方向沿斜面向下)小物体在水平面上运动到斜面底端时速度设为v1，应用速度与位移关系式有vv2a1x，解得v110 m/s.滑上斜面到速度减小为0

15、需运动的位移为L115 mL，小物体最终离开斜面，A错，B对离开斜面时的速度设为v2，vv2a2L，v210 m/s，小物体从P到斜面底端的运动时间t1，沿斜面上滑的运动时间为t2，小物体沿接触面运动的时间为tt1t2(3) s，C错，D对答案：BD三、非选择题(共4小题，共46分)15(8分)某同学用如图所示的实验装置研究小车在斜面上的运动实验步骤如下：a安装好实验器材b接通电源后，让拖着纸带的小车沿平板斜面向下运动，重复几次下图为一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有四个点未画出，按时间顺序取0、1、2、3、4、5、6七个计数点，用米尺量出1、2、3、4、5、6点到0点的距离

16、如图所示(单位：cm)c测量1、2、3、6计数点到0计数点的距离，分别记做s1、s2、s3、s6记录在以下表格中，其中第2点的读数如图，请填入下方表格中计数点123456s/cm6.1819.8627.3235.2243.54d.通过测量和计算，该同学判断出小车沿平板做匀加速直线运动e分别计算出打计数点时的速度v1、v2、v3、v4、v5，并记录在以下表格中，请计算出v1并填入下方表格 .计数点12345v/(ms1)0.680.730.770.81f.以v为纵坐标、t为横坐标，请在图中描出各点，并画出v-t图线由图求得a_m/s2.(保留两位有效数字)解析：c.刻度尺的读数需要估读一位，故为

17、：12.80 cm.e在匀变速运动中，中间时刻的瞬时速度等于该段位移的平均速度：v1m/s0.64 m/s.f描点后如图所示在vt中图线的斜率表示加速度：am/s20.43 m/s2.答案：12.800.64图略0.4316(8分)一光滑圆环固定在竖直平面内，环上套着两个小球A和B(中央有孔)，A、B间由细绳连接着，它们处于如图所示位置时恰好都能保持静止状态此情况下，B球与环中心O处于同一水平面上，A、B间的细绳呈伸直状态，与水平线成30夹角，已知B球的质量为3 kg，求细绳对B球的拉力和A球的质量mA(取g10 m/s2)解析：对A球受力分析如图所示，可知：水平方向：Tcos 30NAsin

18、 30，竖直方向：NAcos 30mAgTsin 30，同理对B球进行受力分析及正交分解得：竖直方向：Tsin 30mBg，联立以上三式可得：T60 N，mA2mB6 kg.答案：60 N6 kg17(12分)如图甲所示，小球A从水平地面上P点的正上方h1.8 m处自由释放，与此同时，在P点左侧水平地面上的物体B在水平拉力的作用下从静止开始向右运动，B运动的v-t图象如图乙所示，已知B物体的质量为2 kg，且A、B两物体均可看作质点，不考虑A球的反弹，g取10 m/s2.求：图甲图乙(1)小球A下落至地面所需的时间t；(2)要使A、B两物体能够同时到达P点，求物体B的初始位置与P点的距离x；(

19、3)若作用在物体B上的水平拉力F20 N，求B物体与地面之间的动摩擦因数.解析：(1)由hgt2可得，小球A从下落至地面所需的时间t0.6 s.(2)要使A、B两物体能同时到达P点，则物体B运动的时间也为t0.6 s，故xat2，又a8 m/s2，解得：x1.44 m.(3)由Fmgma可得0.2.答案：(1)0.6 s(2)1.44 m(3)0.218(18分)如图所示，有1、2、3三个质量均为m 1 kg的物体，物体2与物体3通过不可伸长轻绳连接，跨过光滑的定滑轮，设长板2到定滑轮足够远，物体3离地面高H 5.75 m，物体1与长板2之间的动摩擦因数0.2.长板2在光滑的桌面上从静止开始释

20、放，同时物体1(视为质点)在长板2的左端以v 4 m/s的初速度开始运动，运动过程中恰好没有从长板2的右端掉下，g10 m/s2.求： (1)长板2开始运动时的加速度大小；(2)长板2的长度L0; (3)当物体3落地时，物体1在长板2上的位置解析：设向右为正方向(1)物体1：mgma1，a1g2 m/s2；物体2：Tmgma2；物体3：mgTma3，且a2a3；由以上两式，可得a26 m/s2.(2)设经过时间t1二者速度相等，得v1va1ta2t，代入数据，得t10.5 s，v13 m/s；所以x1t1.75 m，x20.75 m.所以木板2的长度L0x1x21 m.(3)此后，假设物体1、2、3相对静止一起加速，得T2ma，mgTma，得mg3ma，即a.对1分析：f静ma3.3 NFfmg2 N，故假设不成立，物体1和物体2相对滑动物体1: a3g2 m/s2；物体2：Tmgma4；物体3：mgTma5，且a4a5；得a44 m/s2.整体下落高度hHx25 m，根据hv1t2a4t，解得t21 s.物体1的位移x3v1t2a3t4 m，hx31 m，物体1在长木板2的最左端答案：(1)6 m/s2(2)1 m(3)长木板最左端