全国各地高考化学试题及解析新课标ⅱ.docx

1、全国各地高考化学试题及解析新课标2017年全国各地高考化学试题及解析(新课标)一、选择题:本题共13个小题,每小题6分,共78分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(6分)下列说法错误的是()A.糖类化合物也可称为碳水化合物 B.维生素D可促进人体对钙的吸收 C.蛋白质是仅由碳、氢、氧元素组成的物质 D.硒是人体必需的微量元素,但不宜摄入过多 2.(6分)阿伏加德罗常数的值为NA.下列说法正确的是()A.1L0.1molL1NH4Cl溶液中,NH4的数量为0.1NA B.2.4gMg与H2SO4完全反应,转移的电子数为0.1NA C.标准状况下,2.24LN2和O2的混合

2、气体中分子数为0.2NA D.0.1mol H2和0.1mol I2于密闭容器中充分反应后,其分子总数为0.2NA 3.(6分)a、b、c、d为原子序数依次增大的短周期主族元素,a原子核外电子总数与b原子次外层的电子数相同；c所在周期数与族数相同；d与a同族,下列叙述正确的是()A.原子半径:dcba B.4种元素中b的金属性最强 C.c的氧化物的水化物是强碱 D.d单质的氧化性比a单质的氧化性强 4.(6分)下列由实验得出的结论正确的是() 实验结论A.将乙烯通入溴的四氯化碳溶液,溶液最终变为无色透明生成的1,2二溴乙烷无色、可溶于四氯化碳B.乙醇和水都可与金属钠反应产生可燃性气体乙醇分子中

3、的氢与水分子中的氢具有相同的活性C.用乙酸浸泡水壶中的水垢,可将其清除乙酸的酸性小于碳酸的酸性D.甲烷与氯气在光照下反应后的混合气体能使湿润的石蕊试纸变红生成的氯甲烷具有酸性A.A B.B C.C D.D 5.(6分)用电解氧化法可以在铝制品表面形成致密、耐腐蚀的氧化膜,电解质溶液一般为H2SO4H2C2O4混合溶液。下列叙述错误的是()A.待加工铝质工件为阳极 B.可选用不锈钢网作为阴极 C.阴极的电极反应式为:Al33eAl D.硫酸根离子在电解过程中向阳极移动 6.(6分)改变0.1molL1二元弱酸H2A溶液的pH,溶液中的H2A、HA、A2的物质的量分数(x)随pH的变化如图所示已知

4、(x).下列叙述错误的是()A.pH1.2时,c(H2A)c(HA) B.lgK2(H2A)4.2 C.PH2.7时,c(HA)c(H2A)c(A2) D.pH4.2时,c(HA)c(A2)c(H) 7.(6分)由下列实验及现象不能推出相应结论的是() 实验现象结论A.向2mL0.1mol/LFeCl 3的溶液中加足量铁粉,振荡,加1滴KSCN溶液黄色逐渐消失,加KSCN溶液颜色不变还原性:FeFe2B.将金属钠在燃烧匙中点燃,迅速伸入集满CO2的集气瓶集气瓶中产生大量白烟,瓶内有黑色颗粒产生CO2具有氧化性C.加热盛有少量NH4HCO3固体的试管,并在试管口放置湿润的红色石蕊试纸石蕊试纸变蓝

5、NH4HCO3显碱性D.向2支盛有2 mL相同浓度银氨溶液的试管中分别加入2滴相同浓度的NaCl和NaI溶液一只试管中产生黄色沉淀,另一支中无明显现象Ksp(AgI)Ksp(AgCl)A.A B.B C.C D.D 二、解答题(共3小题,满分43分)8.(14分)水泥是重要的建筑材料。水泥熟料的主要成分为CaO、SiO2,并含有一定量的铁、铝和镁等金属的氧化物。实验室测定水泥样品中钙含量的过程如图所示:回答下列问题:(1)在分解水泥样品过程中,以盐酸为溶剂,氯化铵为助溶剂,还需加入几滴硝酸。加入硝酸的目的是 ,还可使用 代替硝酸。(2)沉淀A的主要成分是 ,其不溶于强酸但可与一种弱酸反应,该反

6、应的化学方程式为 。(3)加氨水过程中加热的目的是 。沉淀B的主要成分为 、 (填化学式)。(4)草酸钙沉淀经稀H2SO4处理后,用KMnO4标准溶液滴定,通过测定草酸的量可间接获知钙的含量,滴定反应为:MnO4HH2C2O4Mn2CO2H2O.实验中称取0.400g水泥样品,滴定时消耗了0.0500molL1的KMnO4溶液36.00mL,则该水泥样品中钙的质量分数为 。9.(14分)丁烯是一种重要的化工原料,可由丁烷催化脱氢制备。回答下列问题:(1)正丁烷(C4H10)脱氢制1丁烯(C4H8)的热化学方程式如下:C4H10(g)C4H8(g)H2(g)H1已知:C4H10(g)O2(g)C

7、4H8(g)H2O(g)H2119kJmol1H2(g)O2(g)H2O(g)H3 242kJmol1反应的H1为 kJmol1.图(a)是反应平衡转化率与反应温度及压强的关系图,x 0.1(填“大于”或“小于”)；欲使丁烯的平衡产率提高,应采取的措施是 (填标号)。A.升高温度B.降低温度C.增大压强D.降低压强(2)丁烷和氢气的混合气体以一定流速通过填充有催化剂的反应器(氢气的作用是活化催化剂),出口气中含有丁烯、丁烷、氢气等。图(b)为丁烯产率与进料气中n(氢气)/n(丁烷)的关系。图中曲线呈现先升高后降低的变化趋势,其降低的原因是 。(3)图(c)为反应产率和反应温度的关系曲线,副产物

8、主要是高温裂解生成的短碳链烃类化合物。丁烯产率在590之前随温度升高而增大的原因可能是 、 ；590之后,丁烯产率快速降低的主要原因可能是 。10.(15分)水中溶解氧是水生生物生存不可缺少的条件。某课外小组采用碘量法测定学校周边河水中的溶解氧。实验步骤及测定原理如下:.取样、氧的固定用溶解氧瓶采集水样。记录大气压及水体温度。将水样与Mn(OH)2碱性悬浊液(含有KI)混合,反应生成MnO(OH)2,实现氧的固定。.酸化,滴定将固氧后的水样酸化,MnO(OH)2被I还原为Mn2,在暗处静置5min,然后用标准Na2S2O3溶液滴定生成的I2(2S2O32I22IS4O62)。回答下列问题:(1

9、)取水样时应尽量避免扰动水体表面,这样操作的主要目的是 。(2)“氧的固定”中发生反应的化学方程式为 。(3)Na2S2O3溶液不稳定,使用前需标定。配制该溶液时需要的玻璃仪器有烧杯、玻璃棒、试剂瓶和 ；蒸馏水必须经过煮沸、冷却后才能使用,其目的是杀菌、除 及二氧化碳。(4)取100.00mL水样经固氧、酸化后,用a molL1Na2S2O3溶液滴定,以淀粉溶液作指示剂,终点现象为 ；若消耗Na2S2O3溶液的体积为b mL,则水样中溶解氧的含量为 mgL1。(5)上述滴定完成时,若滴定管尖嘴处留有气泡会导致测量结果偏 。(填“高”或“低”)化学-选修3:物质结构与性质11.(15分)我国科学

10、家最近成功合成了世界上首个五氮阴离子盐(N5)6(H3O)3(NH4)4Cl(用R代表).回答下列问题:(1)氮原子价层电子对的轨道表达式(电子排布图)为 .(2)元素的基态气态原子得到一个电子形成气态负一价离子时所放出的能量称作第一电子亲和能(E1).第二周期部分元素的E1变化趋势如图(a)所示,其中除氮元素外,其他元素的E1自左而右依次增大的原因是 ；氮元素的E1呈现异常的原因是 .(3)经X射线衍射测得化合物R的晶体结构,其局部结构如图(b)所示.从结构角度分析,R中两种阳离子的相同之处为 ,不同之处为 .(填标号)A.中心原子的杂化轨道类型B.中心原子的价层电子对数C.立体结构D.共价

11、键类型R中阴离子N5中的键总数为 个.分子中的大键可用符号mn表示,其中m代表参与形成的大键原子数,n代表参与形成的大键电子数(如苯分子中的大键可表示为66),则N5中的大键应表示为 .图(b)中虚线代表氢键,其表示式为(NH4)NHCl、 、 .(4)R的晶体密度为dgcm3,其立方晶胞参数为anm,晶胞中含有y个(N5)6(H3O)3(NH4)4Cl单元,该单元的相对质量为M,则y的计算表达式为 .化学-选修5:有机化学基础12.(15分)化合物G是治疗高血压的药物“比索洛尔”的中间体,一种合成G的路线如下:已知以下信息:A的核磁共振氢谱为单峰；B的核磁共振氢谱为三组峰,峰面积比为6:1:

12、1.D的苯环上仅有两种不同化学环境的氢；1molD可与1mol NaOH或2mol Na反应.回答下列问题:(1)A的结构简式为 .(2)B的化学名称为 .(3)C与D反应生成E的化学方程式为 .(4)由E生成F的反应类型为 .(5)G是分子式为 .(6)L是D的同分异构体,可与FeCl3溶液发生显色反应,1mol的L可与2mol的Na2CO3反应,L共有 种；其中核磁共振氢谱为四组峰,峰面积比为3:2:2:1的结构简式为 、 .2017年全国各地高考化学试题及解析(新课标)参考答案与试题解析一、选择题:本题共13个小题,每小题6分,共78分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的

13、.1.(6分)下列说法错误的是()A.糖类化合物也可称为碳水化合物 B.维生素D可促进人体对钙的吸收 C.蛋白质是仅由碳、氢、氧元素组成的物质 D.硒是人体必需的微量元素,但不宜摄入过多 【考点】K6:氨基酸、蛋白质的结构和性质特点；K8:人体必需的维生素的主要来源及其摄入途径；KA:微量元素对人体健康的重要作用.【专题】538:有机化合物的获得与应用.【分析】A.糖类化合物符合通式Cn(H2O)m,故称为碳水化合物；B.维生素D的作用是促进钙,磷的吸收和骨骼的发育；C.蛋白质的基本组成元素是C、H、O、N四中元素,还有些蛋白质含S、P等元素；D.硒是人体必需的微量元素,但不宜摄入过多.【解答

14、】解:A.糖类化合物符合通式Cn(H2O)m,故称为碳水化合物,故A正确；B.维生素D可促进人体对钙的吸收,故B正确；C.蛋白质的基本组成元素是C、H、O、N四中元素,故仅由碳、氢、氧元素不正确,故C错误；D.硒是人体必需的微量元素,但不宜摄入过多,故D正确,故选:C。【点评】本题考查糖类,维生素D,蛋白质,微量元素硒的相关性质及组成,本题难度中等.2.(6分)阿伏加德罗常数的值为NA.下列说法正确的是()A.1L0.1molL1NH4Cl溶液中,NH4的数量为0.1NA B.2.4gMg与H2SO4完全反应,转移的电子数为0.1NA C.标准状况下,2.24LN2和O2的混合气体中分子数为0

15、.2NA D.0.1mol H2和0.1mol I2于密闭容器中充分反应后,其分子总数为0.2NA 【考点】4F:阿伏加德罗常数.【专题】518:阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律.【分析】A.铵根易水解；B.Mg与H2SO4反应生成Mg2,故1molMg参与反应转移2mol电子；C.标准状况下,22.4L任何气体所含的分子数为1mol；D.H2I22HI是可逆反应,不过是112的反应,这是一个反应前后分子物质的量不变的反应,故反应后分子总数仍为0.2NA【解答】解:A.铵根易水解,所含NH4数小于0.1NA,故A错误；B.n(Mg)0.1mol,Mg与H2SO4反应生成Mg2,则1molMg参与

16、反应转移2mol电子,故0.1molMg参与反应转移0.2mol电子,即0.2NA,故B错误；C.标准状况下,22.4L任何气体所含的分子数为1mol,故2.24LN2和O2的混合气体中分子数为0.1mol,即0.1NA,故C错误；D.H2I22HI是可逆反应,不过是112的反应,即这是一个反应前后分子物质的量不变的反应,故反应后分子总数仍为0.2NA,故选D。【点评】本题考查了阿伏伽德罗常数的应用,题目难度不大,注意气体摩尔体积指的是1mol任何气体的体积为22.4L。3.(6分)a、b、c、d为原子序数依次增大的短周期主族元素,a原子核外电子总数与b原子次外层的电子数相同；c所在周期数与族

17、数相同；d与a同族,下列叙述正确的是()A.原子半径:dcba B.4种元素中b的金属性最强 C.c的氧化物的水化物是强碱 D.d单质的氧化性比a单质的氧化性强 【考点】8F:原子结构与元素周期律的关系.【专题】51C:元素周期律与元素周期表专题.【分析】a、b、c、d为原子序数依次增大的短周期主族元素,a原子核外电子总数与b原子次外层的电子数相同,则a的核外电子总数应为8,为O元素,则b、c、d为第三周期元素,c所在周期数与族数相同,应为Al元素,d与a同族,应为S元素,b可能为Na或Mg,结合对应单质、化合物的性质以及元素周期律解答该题.【解答】解:由以上分析可知a为O元素、b可能为Na或

18、Mg、c为Al、d为S元素。A.同周期元素从左到右原子半径逐渐减小,应为bcd,a为O,原子半径最小,故A错误；B.同周期元素从左到右元素的金属性逐渐降低,则金属性bc,a、d为非金属,金属性较弱,则4种元素中b的金属性最强,故B正确；C.c为Al,对应的氧化物的水化物为氢氧化铝,为弱碱,故C错误；D.一般来说,元素的非金属性越强,对应的单质的氧化性越强,应为a的单质的氧化性强,故D错误。故选:B。【点评】本题考查原子结构与元素周期律,为高频考点,侧重考查学生的分析能力,本题注意把握原子核外电子排布的特点,把握性质的比较角度,难度不大.4.(6分)下列由实验得出的结论正确的是() 实验结论A.

19、将乙烯通入溴的四氯化碳溶液,溶液最终变为无色透明生成的1,2二溴乙烷无色、可溶于四氯化碳B.乙醇和水都可与金属钠反应产生可燃性气体乙醇分子中的氢与水分子中的氢具有相同的活性C.用乙酸浸泡水壶中的水垢,可将其清除乙酸的酸性小于碳酸的酸性D.甲烷与氯气在光照下反应后的混合气体能使湿润的石蕊试纸变红生成的氯甲烷具有酸性A.A B.B C.C D.D 【考点】U5:化学实验方案的评价.【专题】534:有机物的化学性质及推断；542:化学实验基本操作.【分析】A.将乙烯通入溴的四氯化碳溶液,发生加成反应生成1,2二溴乙烷；B.乙醇的结构简式为CH3CH2OH,只有羟基可与钠反应；C.用乙酸浸泡水壶中的水

20、垢,可将其清除,说明醋酸可与碳酸钙等反应；D.使湿润的石蕊试纸变红的气体为HCl.【解答】解:A.乙烯含有碳碳双键,可与溴的四氯化碳溶液发生加成反应,生成1,2二溴乙烷,溶液最终变为无色透明,故A正确；B.乙醇的结构简式为CH3CH2OH,只有羟基可与钠反应,且OH中H的活性比水弱,故B错误；C.用乙酸浸泡水壶中的水垢,可将其清除,说明醋酸可与碳酸钙等反应,从强酸制备弱酸的角度判断,乙酸的酸性大于碳酸,故C错误；D.甲烷与氯气在光照条件下反应生成的气体有一氯甲烷和氯化氢,使湿润的石蕊试纸变红的气体为氯化氢,一氯甲烷为非电解质,不能电离,故D错误。故选:A。【点评】本题综合考查化学实验方案的评价

21、,侧重考查有机物的性质,有利于培养学生的分析能力和实验能力,注意把握有机物的官能团的性质以及反应的现象的判断,难度不大.5.(6分)用电解氧化法可以在铝制品表面形成致密、耐腐蚀的氧化膜,电解质溶液一般为H2SO4H2C2O4混合溶液。下列叙述错误的是()A.待加工铝质工件为阳极 B.可选用不锈钢网作为阴极 C.阴极的电极反应式为:Al33eAl D.硫酸根离子在电解过程中向阳极移动 【考点】DI:电解原理.【专题】51I:电化学专题.【分析】A、铝的阳极氧化法表面处理技术中,金属铝是阳极材料,对应的电极反应为2Al6e3H2OAl2O36H；B、阴极材料选择没有特定的要求；C、阴极上是电解质中

22、的阳离子发生得电子的还原反应；D、在电解池中,阴离子移向阳极,阳离子移向阴极。【解答】解:A、铝的阳极氧化法表面处理技术中,金属铝是阳极材料,故A正确；B、阴极不论用什么材料离子都会在此得电子,故可选用不锈钢网作为阴极,故B正确；C、阴极是阳离子氢离子发生得电子的还原反应,故电极反应方程式为2H2eH2,故C错误；D、在电解池中,阳离子移向阴极,阴离子移向阳极,故硫酸根离子在电解过程中向阳极移动,故D正确,故选:C。【点评】本题主要考查电解原理及其应用。电化学原理是高中化学的核心考点,学生要知道阳极与电池的正极相连发生氧化反应,阴极与电池的负极相连发生还原反应。6.(6分)改变0.1molL1

23、二元弱酸H2A溶液的pH,溶液中的H2A、HA、A2的物质的量分数(x)随pH的变化如图所示已知(x).下列叙述错误的是()A.pH1.2时,c(H2A)c(HA) B.lgK2(H2A)4.2 C.PH2.7时,c(HA)c(H2A)c(A2) D.pH4.2时,c(HA)c(A2)c(H) 【考点】D5:弱电解质在水溶液中的电离平衡.【专题】51G:电离平衡与溶液的pH专题.【分析】由图象可知,pH1.2时,c(H2A)c(HA),PH2.7时,c(H2A)c(A2),pH4.2时,c(HA)c(A2),随着pH的增大,c(H2A)逐渐减小,c(HA)先增大后减小,c(A2)逐渐增大,结合

24、电离平衡常数以及题给数据计算,可根据纵坐标比较浓度大小,以此解答该题。【解答】解:A.由图象可知pH1.2时,H2A与HA的曲线相交,则c(H2A)c(HA),故A正确；B.pH4.2时,c(H)104.2mol/L,c(HA)c(A2),K2(H2A)104.2,则lgK2(H2A)4.2,故B正确；C.由图象可知,PH2.7时,c(H2A)c(A2),由纵坐标数据可知c(HA)c(H2A)c(A2),故C正确；D.pH4.2时,c(HA)c(A2),但此时c(H2A)0,如体积不变,则c(HA)c(A2)0.05molL1,c(H)104.2mol/L,如体积变化,则不能确定c(HA)、c

25、(A2)与c(H)浓度大小关系,故D错误。故选:D。【点评】本题考查弱电解质的电离,为高频考点,侧重考查学生的分析能力和计算能力,本题注意把握弱电解质的电离特点以及题给图象的曲线变化,难度中等。7.(6分)由下列实验及现象不能推出相应结论的是() 实验现象结论A.向2mL0.1mol/LFeCl 3的溶液中加足量铁粉,振荡,加1滴KSCN溶液黄色逐渐消失,加KSCN溶液颜色不变还原性:FeFe2B.将金属钠在燃烧匙中点燃,迅速伸入集满CO2的集气瓶集气瓶中产生大量白烟,瓶内有黑色颗粒产生CO2具有氧化性C.加热盛有少量NH4HCO3固体的试管,并在试管口放置湿润的红色石蕊试纸石蕊试纸变蓝NH4

26、HCO3显碱性D.向2支盛有2 mL相同浓度银氨溶液的试管中分别加入2滴相同浓度的NaCl和NaI溶液一只试管中产生黄色沉淀,另一支中无明显现象Ksp(AgI)Ksp(AgCl)A.A B.B C.C D.D 【考点】U5:化学实验方案的评价.【专题】542:化学实验基本操作.【分析】A.向2mL0.1mol/LFeCl3的溶液中加足量铁粉,发生2Fe3Fe3Fe2；B.瓶内有黑色颗粒产生,说明二氧化碳被还原生成碳；C.加热碳酸氢铵,分解生成氨气,可使石蕊试纸变蓝色；D.如能生成沉淀,应满足QcKsp.【解答】解:A.向2mL0.1mol/LFeCl3的溶液中加足量铁粉,发生2Fe3Fe3Fe

27、2,反应中Fe为还原剂,Fe2为还原产物,还原性:FeFe2,可观察到黄色逐渐消失,加KSCN溶液颜色不变,故A正确；B.瓶内有黑色颗粒产生,说明二氧化碳被还原生成碳,反应中二氧化碳表现氧化性,故B正确；C.加热碳酸氢铵,分解生成氨气,可使石蕊试纸变蓝色,且为固体的反应,与盐类的水解无关,故C错误；D.一只试管中产生黄色沉淀,为AgI,则QcKsp,另一支中无明显现象,说明QcKsp,可说明Ksp(AgI)Ksp(AgCl),故D正确。故选:C。【点评】本题考查较为综合,涉及氧化还原反应、钠的性质、物质的检验以及难溶电解质的溶解平衡,侧重考查学生的分析能力和实验能力,注意把握物质的性质,难度不

28、大.二、解答题(共3小题,满分43分)8.(14分)水泥是重要的建筑材料。水泥熟料的主要成分为CaO、SiO2,并含有一定量的铁、铝和镁等金属的氧化物。实验室测定水泥样品中钙含量的过程如图所示:回答下列问题:(1)在分解水泥样品过程中,以盐酸为溶剂,氯化铵为助溶剂,还需加入几滴硝酸。加入硝酸的目的是将样品中可能存在的Fe2氧化为Fe3,还可使用H2O2代替硝酸。(2)沉淀A的主要成分是SiO2(H2SiO3),其不溶于强酸但可与一种弱酸反应,该反应的化学方程式为SiO24HFSiF42H2O。(3)加氨水过程中加热的目的是防止胶体生成,易沉淀分离。沉淀B的主要成分为Al(OH)3、Fe(OH)

29、3(填化学式)。(4)草酸钙沉淀经稀H2SO4处理后,用KMnO4标准溶液滴定,通过测定草酸的量可间接获知钙的含量,滴定反应为:MnO4HH2C2O4Mn2CO2H2O.实验中称取0.400g水泥样品,滴定时消耗了0.0500molL1的KMnO4溶液36.00mL,则该水泥样品中钙的质量分数为45.0%。【考点】RD:探究物质的组成或测量物质的含量.【专题】544:定量测定与误差分析.【分析】水泥熟料的主要成分为CaO、SiO2,并含有一定量的铁、铝和镁等金属的氧化物,加入氯化铵、盐酸和硝酸,由于二氧化硅与酸不反应,则得到的沉淀A为SiO2,滤液中含有Fe3、Al3、Mg2等离子,加入氨水调节pH45,可生成Al(OH)3、Fe(OH)3沉淀,加热的目的是防止生成胶体而难以分离,滤液主要含有Ca2,加入草酸铵可生成草酸钙沉淀,加入硫酸用高锰酸钾测定,发生5Ca25H2C2O42KMnO4,根据高锰酸钾的量可计算含量,以此解答该题。【解答】解:(1)铁离子在pH较小时易生成沉淀,加入硝酸可氧化亚铁离子生成铁离子,比避免引入新杂质,还可用过氧化氢代替硝酸,故答案为:将样品中可能存在的Fe2氧化为Fe3；H2O2；(2)由以上分析可知沉淀A为SiO2,不溶