物理人教版八年级下册 第12章第1节 杠杆 练习题带解析.docx

1、物理人教版八年级下册 第12章第1节 杠杆 练习题带解析第1节 杠杆一、单选题1.如图，是学校使用的二氧化碳灭火器，瓶内装有液态二氧化碳，打开阀门，按下手柄“出气”，会有大量的“白气”喷出，下列说法正确的是（）A.灭火器的手柄是一个费力杠杆B.“出气”时，瓶内液态二氧化碳对外做功，其内能减小C.灭火时烟雾弥漫，这表明分子在永不停息的做无规则运动D.灭火时瓶壁会出现水滴，是空气遇冷液化形成的2.两个小孩坐在跷跷板上，恰好处于平衡，此时（）A.两个小孩的质量一定相等B.两个小孩的重力和他们各自的力臂的乘积一定相等C.两个小孩到支点的距离一定相等D.两个小孩的重力一定相等3.一根质量不计的杠杆，在左

2、右两端分别挂200牛和300牛的重物时，杠杆恰好水平平衡。若将左右两边物重均减少40N，则杠杆（）A.左端下沉B.右端下沉C.仍然平衡D.无法确定4.使用杠杆AO，欲将重G的物体提起，在A端加动力F，动力臂L1，阻力臂L2，物体能否缓慢提起，由什么因素决定（）A.物体重力G的大小B.拉力F的大小C.动力臂L1或阻力臂L2的大小D.FL1与GL2的大小5.如图，左边的钩码个数和位置保持不变，弹簧测力计的作用点固定，只改变测力计与水平方向的角度使杠杆水平方向平衡，能描述测力计示数F与关系的大致图象是（）A.B.C.D.6.小星学习了杠杆后，他把了解到的杠杆进行了分类，如图所示。其中作用特点相同的一

3、组是（）A.钳子，理发剪刀B.独轮车，铁锹C.镊子，起子D.羊角锤，核桃夹7.小浩与小峰在游乐园玩跷跷板，小峰发现自己抱着前面扶手时，很难把小浩翘起来，此时他应该（）A.向后移动B.向前移动C.甩动双脚D.用力压扶手二、多选题1.如图，要使如图的杠杆水平平衡，可采取的做法是（）A.支点两端各减少一个钩码B.支点左端钩码向右移动一格C.支点左端增加一个钩码D.支点左端减少一个钩码2.如图所示，杠杆质量不计，每小格的长度相等。物体A是边长为0.1m的正方体。当杠杆右侧挂一个重4N的物体B时，杠杆水平平衡；此时物体A对水平桌面的压强为300Pa，下列说法正确的是（）A.物体A受到的支持力为2NB.物

4、体A受到的重力为5.4NC.只将物体B向右移动1小格，物体受到的拉力增大0.8ND.只将物体B向右移动1小格，物体受到的桌面的支持力减小1N3.如图是抽水马桶水箱进水自动控制的结构原理图，AOB为一可绕固定点O转动的轻质杠杆，已知OA：OB=1：2，A端用细线挂一空心铝球，质量为2.7kg。当铝球一半体积浸在水中，在B端施加3.5N的竖直向下的拉力F时，杠杆恰好在水平位置平衡。（铝=2.7103kg/m3，g=10N/kg）下列结果正确的是（）A.该铝球空心部分的体积为110-3m3B.该铝球的体积为410-3m3C.该铝球受到的浮力为20ND.该铝球受到的浮力为40N4.下列说法正确的是（）

5、A.匀速转弯的汽车运动状态保持不变B.空中飞行的火箭关闭发动机后还能继续飞行一段时间，是因为火箭具有惯性C.活塞式抽水机是利用连通器原理工作的D.缓慢匀速转动的杠杆遵守杠杆的平衡条件5.一曲“燃烧我的卡路里”让青少年健身悄然兴起，速度、力量、“马甲线”成为人们的健身追求。以下健身场景中，说法正确的是（）A.做俯卧撑-被手臂支撑的身体，相当于以脚尖为支点的省力杠杆B.加速冲刺-人冲过终点后不能立即停下来，是由于身体具有惯性C.托垫排球-竖直上升到最高点的球，若所有外力消失，球将静止D.引体向上-人拉住单杠静止时，人的重力与手对杠杆的拉力平衡三、填空题1.如图所示，若不计杠杆重力和杠杆支点处的摩擦

6、力，已知杠杆AO=2m，重10N的物体挂在点B，OB=1.5m；力F作用在杠杆的A端且始终垂直杠杆，当杠杆在水平位置时，拉力F=_N；将杠杆从竖直位置缓慢拉至水平位置；则在这个过程中阻力臂将_（选填：变大、变小或不变，下同），拉力F将_；杠杆克服物体重力做的功是_J，拉力F做的功是_J。2.如图是手掌托着同一物体，此时甲图中前臂是_杠杆，这类杠杆的好处是_；当手臂由甲图伸展到乙图位置时，肱二头肌对前臂的拉力分别是F甲和F乙，则F甲_F乙（选填：大于、等于或小于），合理的解释是_。3.如图所示，互成角90，重力不计的硬棒，O点为支点；AC=BO=80cm，CO=60cm，CD=30cm。在D点挂

7、重为200N的物体，要使棒在水平位置平衡，作用在棒上的最小的力是_N。4.在“探究杠杆平衡条件”的实验中，实验前，杠杆静止时，发现杠杆左端低、右端高，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向_（选填“左”或“右”）调节。调节杠杆在水平位置平衡后，进行如图所示的实验，用量程为0-5N的弹簧测力计在A点竖直向上拉（如图中M所示），杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数为2.5N；若弹簧测力计斜向上拉（如图中N所示），杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数_（选填“大于”、“小于”或“等于”）2.5N，此时拉力的方向与竖直方向的最大夹角为_。5.如图，质量分布均匀的长方体砖，平放在水平地面上

8、，第一次用竖直向上的力F1只作用于ab的中点，若砖块质量为m，则F1=_，第二次用竖直向上的力F2作用于bc的中点，都使它们在竖直方向上慢慢向上移动h（habbc），则在上述过程F1所做的功_F2所做的功（选填“”、“”、或“=”）6.如图所示，在杠杆C点挂上钩码，在转轴O上套有半径大小为R的圆形纸板，纸板圆心也在O点。在杠杆上先后施加与纸板边缘相切的拉力FA、FB，杠杆都能在水平位置保持平衡。杠杆平衡时，拉力FB的力臂大小为_，拉力FA_（选填“”、“=”或“”）FB；如图2所示，物体M重G=50牛，当滑轮在恒力F的作用下以0.25m/s的速度匀速上升时，物体M的速度_m/s，作用力F=_N

9、（不计滑轮重和摩擦）7.重为8N的物体G挂在杠杆的B点，如图所示。O为杠杆的支点，要使杠杆平衡，可在A点施加的最小力为_N，方向是_。四、实验探究题1.在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向_调节。（2）在实验过程中，在杠杆的一侧挂上钩码，另一侧用弹簧测力计拉杠杆，为了便于测量力臂，需要注意：_（3）如图甲所示，在杠杆左边A处挂三个相同钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右边B处挂同样钩码_个。（4）杠杆调节好后，按图乙所示。小明将三个钩码挂在A处，用弹簧测力计在C处正确且准确测出拉力为F甲；小强用同一器材重复小明的实验，也

10、将三个钩码挂在A处，用弹簧测力计在C处实验，测得的拉力为F乙；比较发现F甲与F乙不等，排出弹簧测力计误差、读数等因素，可以判断F甲_F乙（选填：，=或）。第1节 杠杆【单选题答案】1.B2.B3.B4.D5.B6.D7.A【解析】1.解： A、灭火器的手柄在使用时，动力臂大于阻力臂，是一个省力杠杆，故A错误； B、“出气”时，瓶内液态二氧化碳气体膨胀，对外做功，内能转化为机械能，其内能减小，故B正确； C、灭火时烟雾弥漫，是固体小颗粒的运动，不能说明分子在不停地运动，故C错误； D、液态二氧化碳喷出时，气体对外做功，内能减小，使瓶体温度降低，外界水蒸气遇冷液化形成小水滴，附着在瓶壁上，故D错误

11、； 故选：B。（1）根据动力臂和阻力臂的大小关系分析； （2）“白气”是周围水蒸气遇冷液化形成的；气体对外做功，自身内能减小，温度降低； （3）分子非常小，是肉眼无法观察到的； （4）水蒸气遇冷液化成小水滴，可附着在瓶壁上。本题主要考查了做功改变物体的内能，液体现象，分子的热运动现象等，有一定综合性，但难度不大。2.解：A、跷跷板处于平衡状态，说明F1L1=F2L2；因为两边力臂的关系不知道，不能确定力相等，也就不能确定两个小孩的质量相等，故A错； B、跷跷板处于平衡状态，说明F1L1=F2L2，即：两个小孩的重力和他们各自的力臂的乘积相等，故B正确； C、跷跷板处于平衡状态，说明F1L1=F

12、2L2，两边力（小孩的重）的关系不知道，不能确定力臂相等，故C错； D、跷跷板处于平衡状态，说明F1L1=F2L2；因为两边力臂的关系不知道，不能确定力相等，故D错。 故选：B。由杠杆的平衡条件知道，杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，据此分析。本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，杠杆平衡说明力和力臂的乘积相等，不能得出力相等或力臂相等。3.解：根据杠杆平衡的条件可得：200NL1=300NL2； 因为300N200N，所以L2L1；当两端都减少40N时，由于L2L1，所以（300N-40N）L2（200N-40N）L1，即右端下沉。 故选：B。原来杠杆平衡，是因为两边的力和力臂的

13、乘积相等，若将两边物重同时减少40N，看现在的力和力臂的乘积是否相等，据此分析得出结论。杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，不能只看力或只看力臂。4.解：使用杠杆AO将重G的物体提起时，根据杠杆的平衡条件可知，决定物体能否被提起的因素是动力与动力臂乘积、阻力与阻力臂乘积的关系，即FL1与GL2的大小。 故选：D。根据杠杆的平衡条件分析使物体上升的决定因素。本题考查了杠杆平衡条件的应用，属于基础知识，要掌握。5.解：当测力计和杠杆的角度从0逐渐增加到90时，动力臂越来越大，动力越来越小，当测力计和杠杆垂直时，此时动力臂最大，动力最小，当测力计和杠杆的角度从90逐渐增加到180时，角度越大，

14、动力臂越小，动力越大；由于不能达到180，所以拉力不可能减小到零故ACD不符合题意，B符合题意 故选：B。根据杠杆的平衡条件动力动力臂=阻力阻力臂可知，当阻力和阻力臂不变时，动力臂越大，动力越小。本题考查杠杆平衡条件的应用，知道动力臂变化的特点是解题的关键。6.解：A、钳子在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；理发剪刀在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。二者特点不同，不合题意。 B、独轮车在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；铁锹在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。二者特点不同，不合题意。 C、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；起子在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。

15、二者特点不同，不合题意。 D、羊角锤和核桃夹在使用时，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆，二者特点相同，符合题意。 故选：D。结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种： 省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。7.解：跷跷板相当于一个杠杆，小浩对杠杆的压力，压力的力臂、以及小峰对杠杆的压力不变，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，小峰对杠杆的压力的力臂越大，越省力，所以要想把小浩翘起来，此时他应该增大其对杠杆的压力的力臂，即向后移动。向前移动，其对杠杆的

16、压力的力臂减小，需要的力更大，不能把小浩翘起来；甩动双脚、用力压扶手，都不能增大其对杠杆的压力的力臂，不能省力，所以也不能把小浩翘起来；故A正确，BCD错误。 故选：A。根据杠杆平衡条件分析解答：动力动力臂=阻力阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。此题考查杠杆的应用，生活中利用杠杆的实例很多，平时应注意多观察，多思考。【多选题答案】1.AB2.BC3.BC4.BD5.ABC【解析】1.解： 设杠杆上每格长度是L，每格钩码的重力是G， A、支点两端各减少一个钩码，左侧=G4L=4GL，右侧=2G2L=4GL，力和力臂的乘积相等，杠杆平衡，故A正确； B

17、、支点左端钩码向右移动一格，左侧=2G3L=6GL，右侧=3G2L=6GL，力和力臂的乘积相等，杠杆平衡，故B正确； C、支点左边增加一个钩码，左侧=3G4L=12GL，右侧=3G2L=6GL，力和力臂的乘积不相等，杠杆不平衡，故C错误； D、支点左端减少一个钩码，左侧=G4L=4GL，右侧=3G2L=6GL，力和力臂的乘积不相等，杠杆不平衡，故D错误。 故选：AB。杠杆是否平衡，取决于两边力和力臂的乘积是否相等，若F1L1=F2L2，杠杆平衡；若F1L1F2L2，杠杆就不平衡。本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和利用，判断杠杆是否平衡，要看力和力臂的乘积是否相等。2.解：（1）由图知，OM：

18、ON=5：3p=F/S，A对桌面的压力：F压=pS=300Pa0.1m0.1m=3N，即物体A受到的支持力为3N，故A错误；又A对桌面的压力等于A的重力减去杠杠的拉力，即F压=GA-FM，FM=GA-F压=GA-3N，杠杠平衡，FMOM=GBON，FM=3/5GB=3/54N=2.4N即：GA-3N=2.4N；所以GA=5.4N；故B正确；（2）当物体B向右移动一格后，OM：ON=5：4，杠杠平衡，FMOM=GBON，FM=4/5GB=4/54N=3.2N；所以物体A受到的拉力增大3.2N-2.4N=0.8N；故C正确；所以物体A受到桌面的支持力减小0.8N；故D错误。故选：BC。（1）由图知

19、杠杠两边力的力臂关系，知道A对桌面的压强，求出A的底面积，利用压强公式求A对桌面的压力，而该压力等于A的重力减去杠杠的拉力，根据杠杠的平衡条件可得关于A的重GA和B的重GB的方程，解出物体A受到的支持力和重力；（2）向右移动一格后，知道杠杠两边力的力臂关系，同理可得关于A的重GA和B的重GB的方程；解出物体A受到的拉力，进而求出拉力增大的数值和物体A受到桌面的支持力减小的值。本题考查了学生对压强公式、杠杠平衡条件、同一直线上力的合成的掌握和运用，能根据两种情况下的杠杠平衡条件得出的方程并求解是本题的关键。3.解：由=可知，铝球实心部分的体积：V实心=0.001m3，由杠杆平衡的条件可得：（G-

20、F浮）OA=FBOB（2.7kg10N/kg-F浮）1=3.5N2解得：F浮=20N；-故C正确、D错误；根据F浮=水gV排可得：V排=0.002m3；由于铝球一半体积浸在水中，则V球=2V排=20.002m3=0.004m3=410-3m3，故B正确；则空心部分的体积：V空心=V球-V实心=0.004m3-0.001m3=0.003m3=310-3m3，故A错误；故选：BC。已知铝球的质量和密度，根据密度公式可求出铝球实心部分的体积；对铝球进行受力分析可知，铝球受到细线的拉力、重力和浮力作用，因此杠杆A端受到竖直向下的拉力等于G-F浮，根据杠杆平衡的条件可求出浮力。根据阿基米德原理求出排开水

21、的体积，从而得出球的体积，球的体积减去实心部分的体积即为空心部分的体积。本题考查了学生对密度公式和杠杆平衡条件的掌握和运用，关键是分析出作用在杠杆A端的力，难度不大。4.解：A、匀速转弯的汽车其方向不断变化，所以运动状态发生了改变，故A错误； B、空中飞的火箭关闭发动机后因为火箭具有惯性，仍要保持原来的运动状态，所以还能继续飞行一段距离，故B正确； C、活塞式抽水机是利用大气压把水从低处抽到高处。故C错误； D、缓慢匀速转动的杠杆也是平衡的，同样遵守杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，故D正确。 故选：BD。（1）物体运动状态的改变，指的是速度大小或运动方向的改变； （2）物体保持原来运动状

22、态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性； （3）活塞式抽水机是利用大气压的作用； （4）杠杆平衡包括杠杆静止、杠杆匀速转动两种情况。本题考查了对运动状态是否变化的理解、惯性的应用、抽水机的原理、杠杆平衡的理解等，有一定综合性。5.解： A、做俯卧撑时，以脚为支点，阻力作用在人的重心，动力作用在人的肩膀处，动力臂大于阻力臂，所以人体相当于一个省力杠杆，故A正确； B、人冲过终点后，由于惯性要保持原来的运动状态，所以不能立即停下来，故B正确； C、竖直上升到最高点的球，此时瞬间静止，若所有外力消失，球将静止，故C正确； D、人拉住单杠静止时，人的重力与手对杠杆的拉力平衡，两个力

23、作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。 故选：ABC。（1）在力的作用下，能绕固定点转动的硬棒叫杠杆，根据动力臂和阻力臂的大小关系判断它是属于哪种类型的杠杆； （2）物体具有的保持运动状态不变的性质叫惯性； （3）物体在不受外力作用时，将保持静止或匀速直线运动； （4）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。本题考查了杠杆分类、惯性的应用、力与运动的关系、二力平衡条件的应用，综合性强，属力学综合题。【填空题答案】1.7.5 不变 变大 15 152.费力 省距离 小于 阻力和阻力臂不变，而动力臂变小3.64.右 大于 605.1/2mg =6.R = 0.

24、5 1007.4 竖直向上【解析】1.解：（1）如图，当杠杆在水平位置时，L1=OA=2m，L2=OB=1.5m，根据杠杆平衡条件可得：FL1=GL2，所以，F=7.5N；（2）将杠杆从竖直位置缓慢拉至水平位置；阻力的大小不变，阻力臂变大，由于力F作用在杠杆的A端且始终垂直杠杆，则动力臂不变，根据杠杆平衡条件可知力F变大；（3）根据B点的高度变化可知：物体升高的高度h=OB=1.5m，则克服物体重力做的功W=Gh=10N1.5m=15J；不计摩擦的情况下，根据功的原理可知，拉力做的功W1=W=15J。故答案为：7.5；不变；变大；15；15。（1）当杠杆在水平位置时，如图，OA、OB为动力F和

25、阻力G的力臂，知道OA和OB的长度，也就知道两力臂的大小关系，知道阻力G的大小，利用杠杆的平衡条件求动力F的大小；（2）将杠杆从竖直位置缓慢拉至水平位置；阻力臂变大，动力臂、阻力的大小不变，利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况；（3）利用W=Gh求出克服物体重力做的功，由于不计摩擦，根据功的原理可知拉力F做的功。本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，能判断杠杆在B位置的高度的变化是本题的关键。2.解：（1）如下左图，肱二头肌的拉力为动力FA，物体对手的压力为阻力G，支点O在肘关节处；由图示可知，动力臂OA小于阻力臂OC，即LFLG，根据杠杆平衡条件得：FLF=GLG，则FG，所以是费力

26、杠杆，但省距离；（2）当手臂由甲图伸展到乙图位置时，如上右所示，此时的肱二头肌的拉力方向倾斜了，所以肱二头肌拉力的力臂OB变小了；由于手所拿的东西是相同的，且手掌到肘关节处的距离不变，即GLG不变，据FLF=GLG可知，LF变小（即阻力和阻力臂不变，而动力臂变小），所以F变大，故F甲小于F乙。故答案为：费力；省距离； 小于；阻力和阻力臂不变，而动力臂变小。（1）首先确定杠杆的支点、动力、阻力及对应的动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，并结合力臂的概念和杠杆的分类进行分析；（2）当手臂由甲图伸展到乙图位置时，画出杠杆的示意图，分析阻力、阻力臂及动力臂的变化，根据杠杆的平衡条件分析回答。此题考查了杠杆平衡条件的应用，关键是判断出两个力臂的大小关系即可顺利解决。3.解：当力臂为OA时，力