广西南宁市第八中学学年高一上学期期末考试物理试题.docx

1、广西南宁市第八中学学年高一上学期期末考试物理试题绝密启用前广西南宁市第八中学2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx题号一二三四总分得分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题)请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、单选题1如图，桌面上有一上表面光滑的木块，木块上有一小球，推动木块，小球将落在桌面上的()AA点 BB点 CO点 D无法确定2在解一道文字计算题中(由字母表达结果的计算题)，一个同学解得，s是位移；F是力；m是质量；t1，t2是时间用单位制的方法检验，这个

2、结果A可能是正确的B一定是错误的C如果用国际单位制，结果可能正确D如果用国际单位制，结果错误；如果用其他单位制，结果可能正确3在光滑水平面上，一个质量为m的物体，受到的水平拉力为F物体由静止开始做匀加速直线运动，经过时间t，物体的位移为s，速度为v，则（）A由公式可知，加速度a由速度的变化量和时间决定B由公式可知，加速度a由物体受到的合力和物体的质量决定C由公式可知，加速度a由物体的速度和位移决定D由公式可知，加速度a由物体的位移和时间决定4竖直上抛一小球，经4s回到抛出点（不计空气阻力），则小球在前3s内的位移是（取向上为正方向，g取10m/s2）（）A5m B10m C5 m D15m5如

3、图所示，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的物块以某一初速度沿劈的光滑斜面向上滑，至速度为零的过程中，物体M始终保持静止，则在物块m上滑动的过程中（）A斜劈形物体M受到重力、支持力、B斜劈形物体M受到重力、支持力、沿斜面向下的惯性力C斜劈形物体M受到重力、支持力、摩擦力、垂直斜面向下的压力D斜劈形物体M受到重力、支持力、摩擦力6如图所示，天花板上用细绳吊起两个用轻弹簧相连的质量相同的小球两小球均保持静止当突然剪断细绳时，上面小球A与下面小球B的加速度为( )AaAg aBgB.aAg aB0CaA2g aB0DaA0 aBg评卷人得分二、多选题7某学校教室里的磁性黑板上通常粘挂一些小

4、磁铁，小磁铁被吸在黑板上可以用于“贴”挂图或试题答案关于小磁铁，下列说法中正确的是（）A小磁铁受到黑板的吸引力大于受到的弹力才能被吸在黑板上B小磁铁与黑板间在水平方向上存在两对作用力与反作用力C小磁铁受到四个力的作用D小磁铁受到的弹力与黑板受到的压力是一对平衡力8三个力，大小分别为F13N，F25N，F312N，这三个力的合力的大小，下列各数值中有可能的是A2N B3N C5N D12N9如图所示，静止在光滑水平面上的物体A，一端靠着处于自然状态的弹簧现对物体作用一水平恒力，在弹簧被压缩到最短的过程中，物体的速度和加速度变化的情况是（）A加速度先减小后增大 B加速度增大C速度先增大后减小 D速

5、度一直减小10如图所示，质量为M的木板C放在水平地面上，固定在C上的竖直轻杆的顶端分别用细绳a和b连接小球A和小球B，小球A、B的质量均为m，当与水平方向成30角的力F作用在小球B上时，A、B、C处于静止状态，且此时绳a、b与竖直方向的夹角分别为30和60，则下列判断正确的是( )A力F的大小为mgB地面对C的支持力等于（M2m）gC地面对C的摩擦力大小为mgD若保持A、B两球静止，且F方向可调，则F的最小值为mg11如图甲所示，一物块在t0时刻滑上一固定斜面，其运动的速度v随时间t变化的关系图线如图乙所示，取g10m/s2，则下列说法正确的是（）A物块的质量一定是1kgB斜面的倾斜角为30C

6、物块与斜面间的动摩擦因数为0.5D物块沿斜面向上运动的最大距离为1m第II卷（非选择题)请点击修改第II卷的文字说明评卷人得分三、实验题12某组同学设计了“探究加速度a与物体所受合力F及质量m的关系”实验图（a）为实验装置简图，A为小车，B为电火花计时器，C为装有细砂的小桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车拉力F等于细砂和小桶的总重量，小车运动的加速度a可用纸带上打出的点求得图（b）为某次实验得到的纸带，已知实验所用电源的频率为50Hz根据纸带可求出电火花计时器打B点时的速度为_ m/s，小车的加速度大小为_m/s2（结果均保留二位有效数字）在“探究加速度a与质量m的关系”

7、时，某同学都按照自己的方案将实验数据在坐标系中进行了标注，但尚未完成图象（如图3所示）请继续帮助该同学作出坐标系中的图象_在“探究加速度a与合力F的关系”时，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F的图线如图（4），该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因答：_评卷人得分四、解答题13质量为100 t 的机车从停车场出发，做匀加速直线运动，经 225 m 后速度达到 54 km/h .此时司机关闭发动机，让机车做匀减速直线运动进站，机车又行驶了 125 m 才停在站台上.设机车在运动过程中所受阻力不变，求：机车关闭发动机前所受的牵引力.14一个质量是60 kg的人站在升降机的地板上

8、，升降机的顶部悬挂了一个弹簧测力计，弹簧测力计下面挂着一个质量为m5 kg的物体A，当升降机向上运动时，他看到弹簧测力计的示数为40 N，g取10 m/s2，求：(1)此时升降机的加速度的大小；(2)此时人对地板的压力15如图所示，两固定的斜面倾角均为，上沿相连；两金属棒ab（仅标出a端）和cd（仅标出c端）长度相同，质量分别为2m和m；用两根不可伸长的柔软轻线将它们连在一起，并通过固定在斜面上沿的两光滑绝缘小定滑轮跨在斜面上，使两金属棒水平；两金属棒与斜面间均光滑，重力加速度为g；求：（1）金属棒ab匀加速下滑加速度的大小；（2）每根轻线对cd棒拉力的大小16一名滑雪者乘坐缆车沿索道到达滑道

9、顶部，索道长为x600m，缆车速度大小恒为v车1.2m/s；然后从滑道顶部由静止沿滑道直线滑下，滑道倾角30（简化模型如图）假设滑雪者速度vt10m/s时阻力可忽略，vt10m/s时阻力为滑雪者重力的0.1倍，取g10m/s2，求：（1）滑雪者乘坐缆车沿索道运动到滑道顶部需要的时间；（2）滑雪者速度v5m/s时，加速度的大小和方向；（3）滑雪者从滑道顶部向下滑行l22m需要的时间参考答案1C【解析】由于小球位于光滑的木块的上方，可知小球只受到重力和支持力的作用，当木块运动时，小球不受摩擦力的作用，所以小球将保持静止，在O点不动故选C.点睛：该题考查对惯性的理解，解答的关键是要明确小球只受到重力

10、和支持力的作用，当木块运动时，小球不受摩擦力的作用2B【解析】根据公式，由于力的单位是N，时间单位是，质量单位是，故等式右边的单位是：；等号左边的单位是：，即等号左右单位不同，故等号不成立，故选项B正确。点睛：物理公式在确定物理量的数量关系的同时，也确定了物理量的单位关系因此物理学中选定七个物理量的单位作为基本单位，根据物理公式中其他物理量和这几个物理量的关系，推导出其他物理量的单位这些推导出来的单位叫做导出单位基本单位和导出单位一起组成了单位制在力学中，选定长度、质量和时间这三个物理量的单位作为基本单位，就可以导出其余的物理量的单位选定这三个物理量的不同单位，可以组成不同的力学单位制在国际单

11、位制（SI）中，取m（长度单位）、kg（质量单位）、s（时间单位）作为基本单位。3B【解析】【分析】根据牛顿第二定律，加速度有物体的合外力和质量决定，与速度、位移、时间无关【详解】由公式可知，加速度a由物体受到的合力和物体的质量决定，与速度、位移、时间无关。故B正确，ACD错误。故选B。4D【解析】【分析】竖直上抛到回到原点这一过程是一个对称的运动过程，小球经4s回到抛出点，则从开始计时小球经2s达到最高点，后两秒的运动状态与前两秒的运动状态对称。求小球在三秒内的位移，其实就是求小球从两秒时开始再经过一秒的运动，所处的点与抛出点的距离【详解】竖直上抛到回到原点这一过程是一个对称的运动过程，小球

12、经4s回到抛出点，则从开始计时小球经2s达到最高点，此时再经过1秒钟的位移为x1=gt12其中t1=1s 得x1=5m；再经过2秒回到抛出点，总位移为x=gt2 其中t=2s 得x=20m，小球在前三秒内的位移即两者之差x3=x-x1=15m，方向向上，故选D。【点睛】此题考查竖直上抛运动，分析的关键是要知道从上升到下落，小球的两次运动过程其实是对称的，那么问题就可以转化成小球从两秒开始做自由落体运动，要求前三秒的位移就转化成了求小球从两秒时开始再经过一秒的运动所处的点与抛出点的距离，这样求起来就简单多了.5C【解析】【分析】隔离斜劈，根据受力分析的一般步骤分析.【详解】物块上滑的过程中，斜劈

13、受到物块的垂直斜劈向下的压力、除此之外还受重力、地面的支持力以及向左的摩擦力作用，故选C.6C【解析】试题分析：设两球质量为m悬线剪断前，以B为研究对象可知：弹簧的弹力F=mg，以A、B整体为研究对象可知悬线的拉力为2mg；剪断悬线瞬间，弹簧的弹力不变，F=mg，根据牛顿第二定律得 对A：mg+F=maA，又F=mg，得aA=2g， 对B：F-mg=maB，F=mg，得aB=0故选C考点：本题考查牛顿第二定律的瞬时性。7BC【解析】【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失【详解】小磁铁受

14、到黑板的吸引力等于受到的弹力，它们是一对平衡力，故A错误；水平方向受吸引力和弹力，作用力与反作用力是物体间的相互作用，小磁铁与黑板间在水平方向上存在两对作用力与反作用力，故B正确；磁铁受重力、静摩擦力、吸引力和弹力共4个力，故C正确；小磁铁受到的弹力与黑板受到的压力是一对作用力与反作用力，故D错误；故选BC。8CD【解析】【详解】F1=3N、F2=5N、F3=12N，三个力最大值等于三个力之和，即20N。F1、F2两个力的合力最大为8N，最小为2N，F3=12N，所以三个力最小值是4N。所以合力大小不可能是2N和3N故CD正确，AB错误；故选CD。【点睛】解决本题的关键掌握两个力的合力范围，从

15、而会通过两个力的合力范围求三个力的合力范围9AC【解析】【分析】对物体进行受力分析，根据合力的变化确定加速度的变化根据加速度的方向和速度方向的关系判断速度的变化【详解】对物体进行受力分析：竖直方向物体受力平衡，水平方向受向左的推力F和向右的弹簧的弹力，刚开始F大于弹力，加速度方向向左，根据牛顿第二定律得：，而由于物体向左运动，x逐渐增大，加速度a逐渐减小，但加速度方向与速度方向相同，故物体速度逐渐增大，当F等于弹力时，加速度为0，速度达到最大值，继续向左运动时，弹力继续增大，加速度方向改变且逐渐增大，而速度逐渐减小，最后速度减为0，所以速度先增大后减小，加速度先减小后增大，故AC正确，BD错误

16、。故选AC。10AD【解析】以B为研究对象，分析受力，水平方向受力平衡，则有：Fcos30=Tbcos30，得：Tb=F竖直方向受力平衡，则：Fsin30+Tbsin30=mg，得F=mg，故A正确；以ABC整体为研究对象受力分析，竖直方向：N+Fsin30=（M+2m）g，可见N小于（M+2m）g，故B错误；以ABC整体为研究对象受力分析，水平方向：f=Fcos30=mgcos30=mg，故C错误；当拉力F的方向与b绳子垂直时，拉力F最小最小为：Fminmgsin60mg，故D正确；故选AD.11BD【解析】【分析】由图象可知道，物体在01s内匀减速上升，在0.5s1.5s内匀加速下降，由图

17、象得物块速度的斜率即加速度的大小求出加速度，对上滑过程和下滑过程分别受力分析，根据牛顿第二定律列式求解斜面的倾角和斜面的动摩擦因数向上滑行的最大距离可以根据速度时间图象的面积求解【详解】速度-时间图象的斜率表示加速度，则上滑时加速度大小；下滑时加速度大小；根据牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=ma1，mgsin-mgcos=ma2，解得：=30，=，由上知物块的质量求不出，故AC错误，B正确。由图象得物块上滑最大距离等于01s内图象的“面积”大小，即为：s=40.5=1m，故D正确。故选BD。【点睛】图象简洁明了，能够直接得出物体各过程的运动规律，解出各个过程的加速度后，可以对物体受力分

18、析，结合牛顿第二定律列式求解出物体的受力情况121.6， 3.2； 图见解析； 实验前未平衡摩擦力 【解析】【分析】（1）根据平均速度等于中间时刻瞬时速度求解B点的速度，根据x=aT2求解加速度；（2）图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足【详解】B点的速度等于AC段的平均速度，故，从纸带上看出，相邻两点间位移之差为一恒量，x=0.51cm，根据x=aT2得， 如图所示：从图中可以看出，拉力F增大到一定的值才有加速度，故是没有平衡摩擦力，或者平衡摩擦力不足；【点睛】本题考查了打点计时器的应用及打出的纸带的处理方法，有利于学生基本知识的掌握，同时也考查了学生对实验数据的

19、处理方法，及试验条件的掌握，平衡摩擦力的方法13 【解析】在匀加速阶段：，解得： 由牛顿第二定律得： 减速阶段：初速度，末速度 位移，由得：加速度负号表示方向与方向相反由牛顿第二定律得： 由得：机车的牵引力点睛：匀加速阶段，汽车受到牵引力和阻力作用，根据位移速度公式求出加速度，根据牛顿第二定律列式，匀减速阶段，汽车只受到阻力作用，根据牛顿第二定律求出加速度，再根据牛顿第二定律列式，联立方程即可求解。14(1)2 m/s2；(2)480 N；【解析】(1)弹簧测力计对物体的拉力FT40 N对物体由牛顿第二定律可得：FTmgma解得： 故升降机加速度大小为2 m/s2，方向竖直向下(2)设地板对人

20、的支持力为FN对人由牛顿第二定律可得：FNMgMa解得FNMgMa6010N60(-2) N480 N由牛顿第三定律可得人对地板的压力为480 N【点睛】先对测力计研究，根据牛顿第二定律求出加速度人的加速度等于所吊物体的加速度，再对人研究，由牛顿第二定律可得地板对人的支持力，由牛顿第三定律可得人对地板的压力15（1）gsin-gcos（2）mgsin【解析】【分析】（1）对两金属棒组成的整体，运用牛顿第二定律求加速度（2）隔离对cd棒受力分析，根据牛顿第二定律求拉力【详解】（1）对整体，根据牛顿第二定律得：2mgsin-2mgcos-mgsin-mgcos=3ma解得：a=gsin-gcos（

21、2）对cd棒受力分析，根据牛顿第二定律可得：2T-mgin-mgcos=ma解得 T=mgsin【点睛】本题是连接体，抓住两金属棒的加速度大小相等是关键，要灵活选择研究对象，运用整体法和隔离法结合研究比较简洁16（1）500s；（2）5m/s2，方向沿滑道向下；（3）3s。【解析】【分析】（1）根据匀速运动的位移和速度求出滑雪者乘坐缆车沿索道运动到滑道顶部需要的时间；（2）根据牛顿第二定律求出滑雪者的加速度大小和方向。（3）根据速度时间公式求出速度达到10m/s的时间，以及结合位移公式求出速度达到10m/s时的位移，根据牛顿第二定律求出有摩擦时的加速度，结合位移时间公式求出继续匀加速运动的时间，从而得出总时间。【详解】（1）滑雪者乘坐缆车时，根据x=v车t0得，。（2）当滑雪者的速度v=5m/s，加速度大小为a1，mgsin=ma1，解得a1gsin10m/s25m/s2，方向沿滑道向下。（3）当滑雪者速度达到10m/s时，用时为t1，则，位移x1a1t1254m10m，滑雪者还要沿直线向下滑行x2=l-x1=22-10m=12m，根据牛顿第二定律得，mgsin-0.1mg=ma2，代入数据解得a24m/s2，根据x2vtt2+a2t22得，代入数据解得t2=1s。共用时t=t1+t2=2s+1s=3s。