天津市红桥区九年级届九年级上学期期末考试物理试题解析版.docx

1、天津市红桥区九年级届九年级上学期期末考试物理试题解析版2017-2018学年天津市红桥区九年级（上）期末物理试卷一、选择题1. 如图所示为滑动变阻器的四种接线方法当滑片P向右移动时，电路中的电阻变大的接法是（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】解：要使P向右移动时，电路中的电阻变大，即接入电路的下面的电阻丝的长度变长A、接线柱C、B接入电路，滑片P向右移动时，接入电路的电阻丝PB的长度变短，所以电路中的电阻变小；故A不符合题意B、接线柱A、D接入电路，当滑片P向右移动时，接入电路的电阻丝AP的长度变长，所以电路中的电阻变大故B符合题意C、接线柱A、B接入电路，整个电阻丝全部接入电路，无

2、论滑片P如何移动，滑动变阻器接入电路的电阻值都为滑动变阻器的最大阻值，不发生变化故C不符合题意D、接线柱B、D接入电路，滑片P向右移动时，接入电路的电阻丝PB的长度变短，所以电路中的电阻变小故D不符合题意故选B【点评】滑动变阻器的滑片移动时，其接入电路的阻值变化，取决于它所选取的下面的接线柱是哪一个，上面的两个接线柱实质上是一个使用时，接线柱的选取要一上一下若同时选取了下面的两个接线柱，此时的滑动变阻器为定值电阻；若同时选取了上面的接线柱，滑动变阻器没有接入电路2. 下列描述符合安全用电要求的是（）A. 家庭电路中安装空气总开关后，就绝对安全了B. 多个大功率用电器同时使用一个插座C. 电水壶

3、金属外壳接地D. 手机充电时接打电话【答案】C【解析】试题分析：空气开关可以起到一定的安全作用，但也不是绝对安全的，故A错；同时在一个插座上使用多个大功率的用电器，容易因电流过大烧毁插座而引起火灾，故B错；有金属外壳的用电器在使用时，金属外壳一定要接地，故C正确；手机充电时打电话，容易引起电流过大，而引起爆炸，故D错误；应选C。【考点定位】安全用电3. 电炉丝与导线串联接到电路里，通电后电炉丝热得发红，而与之相连的导线却不怎么热，由焦耳定律可知，造成上述现象的主要原因是（）A. 通过电炉丝的电流比导线的电流小得多B. 通过电炉丝的电流比导线的电流大得多C. 电炉丝的电阻比导线的电阻小得多D.

4、电炉丝的电阻比导线的电阻大得多【答案】D【解析】电炉在使用时，电炉丝和导线串联，在串联电路中，电路处处相等，即：I电炉丝=I导线 ，通电时间t相同，根据：Q=I2 Rt，因为R电炉丝 R导线，所以电流产生的热量：Q电炉丝Q导线 ，从而出现电炉丝热得发红，而与电炉丝相连的导线却不怎么发热的现象，故选D。视频4. 如图所示，闭合开关，通电螺线管周围小磁针指向正确的是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】解答：A. 由右手螺旋定则可以判断出通电螺线管的左端为N极，右端为S极；由“同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”可知，小磁针的右端为N极，左端为S极，故A正确；B. 由右手螺旋定则可以判断出

5、通电螺线管的右端为N极，左端为S极；由“同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”可知，小磁针的右端应为S极，左端为N极，故B错误；C. 由右手螺旋定则可以判断出通电螺线管的左端为N极，右端为S极；由“同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”可知，小磁针的右端应为S极，左端为N极，故C错误；D. 由右手螺旋定则可以判断出通电螺线管的右端为N极，左端为S极；由“同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”可知，小磁针的右端应为N极，左端为S极，故D错误；故选A.点睛：用右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指向5. 小明同学在做“用滑动变阻器改变电流”的实验时，连接如图

6、所示的电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合开关S，发现小灯泡不亮接下来的操作，在以下步骤中最合理的是（）A. 断开开关S，更换灯泡重新实验B. 断开开关S，增加电池的节数重新实验C. 断开开关S，调节滑动变阻器观察小灯泡是否发光D. 观察电流表的示数是否为零，判断电路是否断路【答案】D【解析】解答：AB、当电路发生断路故障时，更换灯泡或增加电池数量，灯泡同样不发光，故AB选项错误；C. 断开开关S，调节滑动变阻器，灯泡同样不发光，故C选项错误。D. 该电路为串联电路，闭合开关，灯泡不亮时，先观察电流表是否有示数，如果无示数，说明电路出现断路现象，然后检测出断路的位置，并进行处理，故D

7、选项正确。故选D.点睛：电路中各元件串联连接，当滑动变阻器阻值最大时，灯泡不亮；可以先根据电流表有无示数检测电路的故障，然后根据故障问题进行处理6. 如图是一种温度自动报警器原理示意图，制作水银温度计时，插入一根金属丝，当温度升高到水银与金属丝相接触时（）A. 电铃响，绿灯亮 B. 电铃响，绿灯灭C. 电铃不响，绿灯亮 D. 电铃不响，绿灯灭【答案】B【解析】解答：温度自动报警器的工作过程是这样的，当温度升高时，玻璃泡中的水银膨胀，水银液柱上升，当升高到警戒温度即金属丝下端对应的温度时，控制电路接通，电磁铁有磁性，吸引衔铁，从而使触点与上面断开，与下面连通，此时电铃响，绿灯灭，发出报警信号。故

8、选：B.点睛：温度自动报警器是由于温度计所在的环境温度的变化，从而可以控制左侧控制电路的接通，实现自动控制7. 在探究电流产生的热量与什么因素有关时，小李设计了如图的实验装置甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，里面各放有一根5的电阻丝，其中乙容器将一个5的电阻丝与容器内5电阻丝并联，两个U型管中装有等量的水把这个装置接入电源，利用这套装置可来探究电流产生热量（）A. 与电压的关系 B. 与电阻的关系 C. 与电流的关系 D. 与电能的关系【答案】C解：两个相同的电阻串联在电路中，通电时间和电阻相同，当给其中一个并联一个电阻时，电阻的电流改变，探究电流产生热量跟电流关系通过实验可以得出结论：通

9、过导体的电流越大，产生的热量越多故选：C点评：掌握电流产生热量多少的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系8. 如图所示，墙壁上线盒内有三根电线，其中红色为火线、蓝色为零线、黄绿色为地线，现将三孔插座与三根电线连接，图中接线情况正确的是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】插座是三孔插座，上面的一孔接入黄绿色地线，左孔接入蓝色零线，右孔接入红色火线故选C9. 图所示的四个电路图中，各开关都闭合后，仅有一只灯泡发光的是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：解决此题要知道用电器短路是直接将导线接在用电器两端，该用电器中没有电流通过A和B

10、、两个电灯并联，当开关闭合时，两灯都亮；C、各开关都闭合后，由于S1的闭合，灯泡L2被导线短路，灯泡中没有电流通过，所以只有灯泡L1发光；D、当开关闭合时，两个电灯串联，两灯都能亮故选C考点：电路的三种状态点评：解决此题要结合用电器短路现象进行分析解答10. 下列实验装置与探究内容不相符的是（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】解答：A. 据小磁针偏转的情况可以判断磁极间的作用规律，故不符合题意；B. 该实验是探究电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数的关系，即电流一定时，匝数多的磁性强，故错误，但符合题意；C. 据奥斯特实验可知，通电导线周围存在着磁场，故不符合题意；D. 此时是闭合电路，且导

11、体做切割磁感线运动，故能产生电流，故不符合题意。故选B.!点睛：（1）磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；（2）电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关；（3）据奥斯特实验可知，通电导线周围存在着磁场；（4）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象叫电磁感应现象二、多项选择题11. 某同学在没有电流表的情况下，利用电压表和已知阻值的定值电阻R0，测量未知电阻Rx阻值，图中可实现测量Rx阻值的正确电路图是（）A. B. C. D. 【答案】ACD【解析】A、闭合开关得到电源电压，断开开关得到Rx两端电压，根据R0可以得到电路中电流,然后

12、跟据欧姆定律得到待测电阻阻值，对B、两电阻串联的电流无法测得，错C、开关置于1位置测得电源电压，置于2位置得到Rx两端电压，根据R0可以得到电路中电流,然后跟据欧姆定律得到待测电阻阻值，对D、开关置于1位置测得电源电压，置于2位置得到R0两端电压，根据R0可以得到电路中电流,然后跟据欧姆定律得到待测电阻阻值，对.故选ACD12. 如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列判断正确的是（）A. 电压表示数变大，电流表示数变大B. 电压表示数变小，电流表示数变小C. 电压表示数变大，电流表示数变小D. 电压表和电流表的示数的比值不变

13、【答案】AD【解析】解答：由电路图可知,滑动变阻器与定值电阻串联,电压表测量R1两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，由UIR可知，定值电阻R1两端的电压变大，即电压表的示数变大，故BC不正确；电压表和电流表的示数的比值等于定值电阻R1的阻值，所以电压表和电流表的示数的比值不变，故D正确。故选：AD.点睛：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端

14、的电压变化，再根据欧姆定律得出电压表和电流表的示数比值的变化13. 小灯泡L上标有“2.5V”字样，它的电阻随它两端电压变化的图象如图甲所示将小灯泡L和电阻R0接入图乙所示的电路中，电源电压为3V，且保持不变当开关S闭合时，小灯泡L恰好能正常发光下列说法正确的是（）A. 电阻R0的阻值为2B. 开关S闭合时，小灯泡L的电阻为10C. 小灯泡L的额定功率为0.625WD. 开关S断开时，小灯泡L的电阻为0【答案】ABC【解析】解答：开关闭合时灯泡正常发光，说明灯泡两端电压等于其额定电压2.5V，由图甲所示图象可知，此时灯泡电阻为10，故B正确；闭合开关时，电路电流：I0.25A，电阻R0两端电压

15、：U0UUL3V2.5V0.5V，由I可知，电阻：R02，故A正确；灯泡额定功率：P0.625W，故C正确；开关断开时，灯泡两端电压为零，由图示图象可知，此时灯泡电阻为3，故D错误；故选ABC点睛：由图示图示求出灯泡正常发光时的电阻阻值，然后应用欧姆定律求出电路电流，由串联电路特点与欧姆定律求出定值电阻阻值，由电功率公式求出灯泡额定功率；由图示图示求出开关断开时灯泡的电阻三、填空题14. 如图所示，当开关S闭合后，电流表A1和A2的示数之比为3：2，则R1和R2的阻值之比为_，R1和R2消耗的电功率之比为_【答案】 (1). 2:1 (2). 1:2【解析】解答：由电路图可知,R1与R2并联,

16、电流表A1测干路电流,电流表A2测R2支路的电流，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两支路的电流之比：I1：I2（IA1IA2）：IA2（32）：21：2，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以,由I可得,R1和R2的阻值之比：点睛：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比15. 一只电烙铁的额定电压是220V，在额定电压下工作时的电阻是1210它的额定功率是_W，在额定电压下通电10min产生_J热量。【答案】 (1). 40 (2). 2400

17、0【解析】解答：额定功率P40W；t10min1060s600s，则通电10min产生的热量QWPt40W600s2.4104J.答：它的额定功率是40W;在额定电压下通电10min产生的热量为2.4104J.点睛：由功率公式P 可求得额定功率，由WPt求得电功16. LED等具有节能、环保等特点，如图是额定电压为220V、额定功率为4.4W的LED灯泡该灯泡的额定电流是_A若它每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是_kWh【答案】 (1). 0.02 (2). 0.66.点睛：本题考查了电功率公式和电功公式，解题时注意灵活应用，且计算过程要注意单位的换算。17. 电能表是量度电功的仪

18、表，如图示的电能表，所连接的用电器工作时总功率不能超过_W，只有一个用电器工作时，6min内转盘正好转过100圈，该用电器的电功率为_W。【答案】 (1). 11000 (2). 1000【解析】解答：(1)由电能表的参数可知，工作的电压U220V，允许通过的最大工作电流I50A，所连接的用电器工作时总功率：PUI220V50A11000W；(2)转盘转过100圈消耗的电能：WkWh0.1kWh，用电器的电功率：P1kW1000W.点睛：（1）由电能表的参数可知工作的电压和允许通过的最大工作电流，根据PUI求出所连接的用电器工作时总功率；（2）1000r/（kWh）表示的是电路中每消耗1kWh

19、的电能，转盘转过1000圈，据此求出转盘转过100圈消耗的电能，根据P 求出用电器的电功率18. （1）如图a所示，是奥斯特曾经做过的实验，通过对比甲、乙、丙图，可以得到的实验结论（只写出一条结论即可）是_；（2）如图b所示，是研究_现象的装置，根据这一现象，制成了发电机【答案】 (1). 通电导线周围有磁场 (2). 电磁感应【解析】解答：(1)比较甲乙两图可发现当导线中有电流通过时，小磁针才发生转动，而小磁针的转动是磁场作用的结果，所以是应该是通电导体周围有磁场；比较甲丙两图可发现当导体中电流方向改变后，小磁针的转动方向改变，而小磁针转动方向的改变是因磁场方向改变而改变的，所以说磁场方向与

20、电流方向有关；(2)如图蹄形磁铁的磁感线是上下指向的，导体ab水平运动时，能切割磁感线，竖直运动时，不能切割磁感线。所以闭合开关后，导体棒ab在水平方向运动时，会产生感应电流，电流表指针会发生偏转。根据这一现象，制成了发电机。点睛：（1）奥斯特实验的内容是：通电导线周围有磁场，磁场的方向与电流的方向有关；奥斯特实验说明了电能生磁（2）解答本题要求知道产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流由此可知产生电流的条件之一是导体做切割磁感线运动19. 如图所示的电路中，电源电压不变，定值电阻R1=25，滑动变阻器R2的最大阻值为15，灯泡L上标有“6V 4W”字样，

21、不考虑灯丝电阻随温度的变化，电流表量程为00.6A，当只闭合S1，滑动变阻器滑片P在B端时，电流表的示数为0.2A，则电源电压为_V当只闭合S2时，要求灯L两端的电压不超过额定电压，电流表的示数不超过此量程，调节滑动变阻器滑片P，灯泡L功率的变化范围是_W【答案】 (1). 8 (2). 13.24【解析】解答：(1)当只闭合S1,电阻R1与滑动变阻器的最大阻值R2串联，电源的电压为UI(R1+R2)0.2A(25+15)8V；(2)当只闭合S2时，灯泡L与滑动变阻器串联，灯泡的电阻为RL9，灯泡的额定电流为I额0.67A0.6A，所以此时电路的最大电流I最大0.6A，此时灯泡的实际功率最大为

22、P最大(I最大)2RL(0.6A)293.24W；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小为I最小A，此时灯泡的实际功率最小为P最小(I最小)2RL(A)291W；所以灯泡L功率的变化范围是13.24W.四、综合题20. 小刚同学在家中准备测量图所示的电热水壶的热效率他把家中其他用电器都与电源断开，仅让该电热水壶给水加热加热一段时间后，把壶中质量为 1kg 的水从 20加热到 100；加热前、后电能表示数如图所示求：（c水=4.2103J/（kg）（1）水吸收的热量_ （2）电热水壶的热效率_【答案】 (1). 3.36105J (2). 93.3%【解析】解答：(1)水吸收热量：Q

23、吸cm(tt0)4.2103J/(kg)1kg(10020)3.36105J;(2)消耗电能：W2017.6kWh2017.5kWh0.1kWh0.13.6106J3.6105J，电水壶的热效率：100%100%93.3%.答：(1)将这壶水烧开,水吸收的热量是3.36105J；(2)电水壶的热效率为93.3%.点睛：（1）知道水的质量、初温、末温以及比热容，根据Q吸cm（t-t0）求出水吸收的热量；（2）根据加热前、后电能表示数求出消耗电能，水吸收的热量和消耗电能的比值即为电水壶的热效率21. 小明同学在做“电压一定时，电流跟电阻的关系”实验时，准备了一下器材：干电池（1.5V）两节，电流表

24、、电压表、滑动变阻器、开关各一只，定值电阻、导线若干，按照如图（1）所示的电路图进行实验，请你完成下列内容（1）按照如图（1）所示的电路图，以笔画线代替导线，完成上图实物图的电路连接_ （2）将电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片 P，电压表、电流表示数如图（2）所示，电流表的示数为_A，此时小明连入电路的电阻 R 的阻值为_ （3）实验过程中，小明用 20 电阻替代 10 电阻继续实验时，为了正确完成实验，应将滑动变阻器的滑片 P 向_（选填“a”或“b”）移动【答案】 (1). (2). 0.4 (3). 5 (4). b【解析】解答：(1)已知电源电压为3V，所以电压表的量程为0

25、3V；电流表的量程为00.6A；将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；注意滑动变阻器按一上一下的原则接线；如下图所示：(2)由图可知，电流表所选量程为00.6A；则电流表的最小分度为0.02A，故指针所指的示数为0.4A；电压表的量程为：03V，分度值为0.1V，电压为2V，则由欧姆定律可得：电阻RUI2V0.4A5；(3)用20的电阻替换10的电阻后，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律I 可知，电路中的电流变小，电阻阻值变大，电阻分压变大，电压表的示数将变大。若要使电压表示数仍保持不变，应减小电阻两端电压，增大滑动变阻器分压，滑动变阻器滑片应向阻值增大的方

26、向移动，即滑片适当向b端移动。点睛：（1）根据图2确定电压表和电流表的量程，将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；注意滑动变阻器按一上一下的原则接线；（2）由图根据电流表所接量程，先求得电流表的最小分度，则可以得出指针所指的示数；则由欧姆定律可求得电阻（3）在探究电流跟电阻的关系时，应移动滑片，保持电阻两端的电压不变22. 如图所示的电路中，定值电阻R1=5，R2为滑动变阻器，最大阻值为20，电源电压U=4.5V且保持不变，若电流表的量程为00.6A，电压表量程为03V，为了保护电表，变阻器接入电路的阻值范围应是多少_？【答案】2.510【解析】解答：由电路图可知

27、,滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，当电流表示数为I10.6A时，滑动变阻器接入电路的电阻最小；由I 可得,电阻R1两端电压：U1I1R10.6A53V；因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,滑动变阻器两端的电压：U2UU14.5V3V1.5V，因串联电路中各处的电流相等,所以,滑动变阻器连入电路的电阻最小：Rmin2.5；当电压表示数最大为U大3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时R1两端电压：U1UU2max4.5V3V1.5V，电路电流为：I20.3A，滑动变阻器接入电路的最大电阻：Rmax10，故变阻器接入电路的阻值范围为2.5

28、10.点睛：由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，电流表示数最大为0.6A，电压表示数最大为3V，根据欧姆定律和串联电路的特点分别算出对应的滑动变阻器的阻值23. 在探究“电磁铁磁性强弱跟哪些因素有关”的实验中，某班同学提出了以下猜想：猜想一：电磁铁磁性的强弱可能与电流的大小有关；猜想二：电磁铁磁性的强弱可能与线圈的匝数有关为了验证上述猜想是否准确，同学们用漆包线（表面涂有绝缘漆的导线）在大铁钉上绕若干匝，制成简易电磁铁，另外准备小铁钉若干，请你解答下列问题（1）图1所示为验证某猜想时的情形此次探究中，电磁铁磁性的强弱可通过_来显示；

29、通过比较a、b两次实验结果，可得出的结论是_；（2）为了验证猜想二，同学们将乙、丙两个电磁铁按图2所示连入电路，其目的是_【答案】 (1). 吸引铁钉多少 (2). 匝数一定时，电流越大磁性越强 (3). 控制电流相等【解析】解答：(1)磁性的强弱是直接看不出来的，由于电磁铁的磁性强弱不同，吸引的铁钉的数目不同。通过电磁铁吸引铁钉的多少来认识其磁性强弱，这就是一种转换法。通过比较a、b两次实验结果可知，a中的电流要小于b中的电流，线圈匝数相同，电流越大，吸引的铁钉越多，磁性越强；(2)电磁铁磁性的强弱可能与线圈的匝数有关时应控制电流相同；将乙、丙两个电磁铁按图2所示连入电路，该电路为串联电路，

30、电流是相同的,所以目的是控制电流相等点睛：（1）磁性的强弱是直接看不出来的，利用磁性强弱不同，吸引的大头针的数目不同来认识其磁性强弱，这就是一种转换法磁性的强弱由电流大小、线圈匝数两个物理量来决定，要用控制变量法进行研究（2）电磁铁磁性的强弱可能与线圈的匝数有关时应控制电流相同24. 小浩同学想测出一学生电源的电压（电源电压不变）和一个定值电阻Rx的阻值除了待测的电源和电阻，老师还给他提供了如下器材：一小块电流表，一个已知阻值为R0的定值电阻、两个开关、导线若干，请你仅用上述器材帮他设计一个测量电源电压和电阻Rx阻值的实验方案，要求：（1）画出实验电路图（电路组成后不可再拆装、重组）_；（2）写出主要实验步骤及所需测量的物理量_-；（3）写出电源电压和电阻Rx阻值的数学表达式（用已知量和测量量表示）_【答案】 (1). (2). 闭合S，断开S1，读出此时电流表示数I1；闭合S及S