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1、包头市中考三模化学试题含答案包头市2020-2021年中考三模化学试题(含答案)一、选择题（培优题较难）1有一包白色粉末，可能由硫酸铜、碳酸钙、氯化钡、硫酸钠、硝酸钡中的一种或几种组成。为了探究其成分，进行如下实验：关于该实验有以下说法：若步骤中沉淀不溶解，则原白色粉末中最多含有三种物质若步骤中沉淀部分溶解，则原白色粉末的组成有3种情况若步骤中沉淀全部溶解，则原白色粉末的组成有5种情况若步骤中沉淀不溶解，向无色滤液中滴加硝酸钡有白色沉淀产生，则无色滤液中最多含有三种溶质以上说法正确的个数是A1个 B2个C3个 D4个【答案】D【解析】【分析】【详解】白色粉末加足量的水，过滤得到沉淀和无色滤液，

2、说明一定没有硫酸铜；沉淀中加入足量的稀硝酸，若步骤中沉淀不溶解，则原白色粉末中最多含有三种物质，可以是氯化钡、硫酸钠、硝酸钡，正确；若步骤中沉淀部分溶解，则原白色粉末的组成有3种情况，分别是：碳酸钙、氯化钡、硫酸钠；碳酸钙、硫酸钠、硝酸钡；碳酸钙、氯化钡、硫酸钠、硝酸钡，正确；若步骤中沉淀全部溶解，则原白色粉末的组成有5种情况，分别是：碳酸钙；碳酸钙、氯化钡；碳酸钙、硫酸钠；碳酸钙、硝酸钡；碳酸钙、氯化钡、硝酸钡，正确；若步骤中沉淀不溶解，向无色滤液中滴加硝酸钡，有白色沉淀产生，则无色滤液中最多含有三种溶质，分别是：硫酸钠、氯化钠、硝酸钠，正确。故选：D。2已知反应前后分子变化的微观示意图如下

3、所示，下列说法错误的是A反应前后元素种类不变BA是有机物，C、D是无机物C点燃前要先检验A的纯度，防止爆炸D此反应中A和B的化学计量数之比等于1：1【答案】D【解析】根据微观示意图可知，反应物A的分子为由1个C原子和4个H原子构成的CH4分子，反应物B的分子为由2个O原子构成的O2分子；生成物C的分子为2个O原子和1个C原子构成的CO2分子，物质D的分子为由1个O原子和2个H原子构成的H2O分子；则示意图所表示的反应为CH4在O2中燃烧生成CO2和H2O，反应的化学方程式为CH4+2O2CO2+2H2O。A、根据化学方程式可知，反应前后元素种类不变，正确； B、A是甲烷，是含有碳元素的化合物，

4、属于有机物，C、A是甲烷，是可燃性气体，和空气混合达到一定浓度会发生爆炸，点燃前要先检验纯度，防止爆炸，正确；C、根据微观示意图可知，D是水，不是有机物，错误；D、由方程式及图示可知，参加反应的A，B物质分子个数比为1：2，错误。故选D。3下列图像不能正确反映其对应变化关系的是A B C DA用等质量、等浓度的过氧化氢溶液在有无催化剂条件下制氧气B一定质量的红磷在密闭容器中燃烧C向等质量、等浓度的稀硫酸中分别逐渐加入锌粉和铁粉D向一定质量的氯化铜和稀盐酸的混合溶液中逐滴加入氢氧化钠溶液【答案】C【解析】试题分析： A选项用等质量、等浓度的过氧化氢溶液在有无催化剂条件下制氧气能正确反应对应关系；

5、B选项一定质量的红磷在密闭容器中燃烧，根据质量守恒定律可知能正确反应对应关系；C选项向等质量、等浓度的稀硫酸中分别逐渐加入锌粉和铁粉不能说明对应关系，因为没有具体说明金属的量；D选项向一定质量的氯化铜和稀盐酸的混合溶液中逐滴加入氢氧化钠溶液能正确反应对应关系，酸碱盐反应时先发生酸碱中和，然后碱盐反应产生沉淀，故答案选择C考点：酸碱盐、金属的性质、催化剂4氧烛是一种便携式供氧设备(如下图)。产氧药块由氯酸钠(分解时吸收热量为QkJg-1)、金属粉末(燃烧时提供氯酸钠分解所需的热量)和少量催化剂组成。某兴趣小组拟自制氧烛，火帽为确定每100g氯酸钠需要添加金属粉末的质量m(金属)，查得下表数据：金

6、属铁铝镁燃烧放出热量/（KJg-1）4.7331.0224.74下列说法正确的是Am(金属)只能采用不同比例的金属和氯酸钠在空气中实验获得Bm(金属)只能通过氯酸钠分解吸收热量与金属燃烧放出热量进行理论药块计算确定Cm(金属)过小将使氧烛中反应无法持续进行，过大将减小产氧量D不用催化剂时，分别使用铁、铝、镁作燃料，m(Fe)最小【答案】C【解析】A、m(金属)既可以通过实验获得也可以通过计算确定，错误；B、m(金属)既可以通过实验获得也可以通过计算确定，错误；C、该装置应是利用金属燃烧放出热量，供氯酸钠分解，分解产生的氧气又供给金属燃烧，所以金属的质量过小将使氧烛中反应无法持续进行，过大过度消

7、耗氯酸钠分解产生的氧气，正确；D、不用催化剂时，分别使用铁、铝、镁作燃料，m(Fe)最大。故选C。5下列曲线正确的是A向盐酸中加水B浓H2SO4加入水中C煅烧CaCO3DO2在水中的溶解性【答案】C【解析】A. 向盐酸中加水，溶液的酸性变弱，pH变大但始终成酸性，pH始终小于7 B. 浓H2SO4加入水中，溶解放出大量热，使溶液温度升高，然后慢慢冷却至室温，所以最终溶液的温度能恢复到原温； C. 煅烧CaCO3 ，生成二氧化碳和氧化钙固体，因此固体减少，反应结束时固体的质量为生石灰的质量，大于零；D. O2在水中的溶解性随温度升高而减小；选C点睛：图像的问题主要是结合化学反应分析图的起点的位置

8、，变化趋势，终点的位置是否正确6甲烷和水反应可以制备水煤气（混合气体），其反应的微观示意图如图所示，根据微观示意图得出的结论中，正确的是（ ）A 反应前后碳元素化合价没有发生变化B 反应中甲和丙的质量之比为4：7C 水煤气的成分是一氧化碳和氧气D 反应中含氢元素的化合物有三种【答案】B【解析】A. 化合物中元素的化合价代数和为零，单质中元素的化合价为零。化合物中氢元素的化合价为+1价，所以反应前碳元素的化合价为-4价；反应后一氧化碳中碳元素的化合价为+2价，所以碳元素的化合价在反应前后改变； B. 反应中甲和丙的质量之比为16：28=4:7；C.由图可知， 水煤气的成分是一氧化碳和氢气；D.

9、由一种元素组成的纯净物叫单质；由不同元素组成的纯净物叫化合物；反应中含氢元素的化合物有两种。选B7下图是a、b、c三种物质的溶解度曲线，下列有关叙述正确的( )Aa物质的溶解度大于b物质的溶解度B降低温度，c物质会从其饱和溶液中析出Ct2时30ga物质加入到50g水中不断搅拌，能形成80g溶液。D将t1时a、b、c三种物质饱和溶液的温度升髙到t2时，三种溶液的溶质质量分数大小关系是bac【答案】D【解析】A.在溶解度曲线图上，横坐标是温度，纵坐标是溶解度。由图可知a物质的溶解度大于b物质的溶解度；B. 降低温度，c物质的溶解度变大，溶液由饱和变为不饱和溶液，不会从其饱和溶液中析出；C. t2时

10、a物质的溶解度为50g，溶解度是一定温度下，100g溶剂里达到饱和时，所溶解的溶质的质量。30ga物质加入到50g水中不断搅拌，只能溶解25g，能形成75g饱和溶液。D.将t1时a、b、c三种物质饱和溶液的温度升髙到t2时，ab的溶解度变大，溶液由饱和状态变为不饱和，溶质的质量不变，溶质的质量分数不变；c在升温时，溶解度变小，析出固体，成为t2时的饱和溶液，饱和溶液溶质的质量分数=溶解度（溶解度+100g）100% ，t1时a的溶解度小于b，t2时c的溶解度比t1时a的溶解度小，三种溶液的溶质质量分数大小关系是bac。选D点睛：在溶解度曲线图上，溶剂的量都是100g,所以分析溶质的质量分数时，

11、只需要比较溶质的多少即可。溶解度变大时，溶质不变，溶解度减小时溶质质量等于减小后的溶解度8许多物质在溶液中都以离子形式存在。我们熟悉的复分解反应就是溶液中离子间结合得到水、气体或沉淀 的一类化学反应。如：氢氧化钠与盐酸的反应就是溶液中的H+和OH-结合成水分子的过程（如图所示）。结合信息、图示，你认为下列各组离子间不能反应的是AH+、Na+、OH-、 NO3-BNa+、 K+、 Cl-、OH-CH+、K+ 、CO32-、HCO3-DK+、Ba2+、Cl-、SO42-【答案】B【解析】【分析】氢离子和氢氧根离子能够结合生成水，氢离子和碳酸根离子能够结合生成水和二氧化碳，钡离子和硫酸根离子能够结合

12、生成硫酸钡沉淀；钠离子、钾离子、氯离子、氢氧根离子之间不能结合生成水或气体或沉淀【详解】A、氢离子和氢氧根离子能够结合生成水，离子之间能反应，故A不正确；B、钠离子、钾离子、氯离子、氢氧根离子之间不能结合生成水或气体或沉淀，离子之间不能反应，故B正确；C、氢离子和碳酸根离子能够结合生成水和二氧化碳，离子之间能反应，故C不正确；D、钡离子和硫酸根离子能够结合生成硫酸钡沉淀，离子之间能反应，故D不正确。故选B。9如图所示装置进行实验（图中铁架台等仪器均已略去）。在中加入试剂后，塞紧橡皮塞，立即打开止水夹，中有气泡冒出；一段时间后关闭止水夹，中液面上升，溶液由无色变为浑浊。符合以上实验现象的和中应加

13、入的试剂是（ ） ABCDCaCO3、稀HClNa2CO3、稀H2SO4Zn、稀H2SO4Cu、稀H2SO4KNO3NaClBaCl2Ba(OH)2AA BB CC DD【答案】C【解析】A、I中碳酸钙和盐酸反应会生成气体二氧化碳，打开止水夹时中会看到气泡，关闭弹簧夹后中气体增多压强变大，将稀盐酸压入中，但是盐酸和硝酸钾不反应，看不到溶液变浑浊，不符合实验现象，故A错误；B、I中碳酸钠和稀硫酸反应会生成气体二氧化碳，打开止水夹时中会看到气泡，关闭止水夹后，被压入的稀硫酸和氯化钠不反应，看不到溶液变浑浊，不符合实验现象，故错误；C、I中锌粒和稀硫酸反应会生成氢气，打开止水夹时中会看到气泡，关闭止

14、水夹后，被压入的稀硫酸和氯化钡溶液会反应，生成硫酸钡沉淀，能看到溶液变浑浊，符合实验现象，故C正确；D、铜和硫酸不反应，打开止水夹时中不会看到气泡，现象不符，故D错误故选10向500g溶液中加入11.2克Fe和Cu的混合粉末，充分反应后过滤、洗涤、干燥得34.8g滤渣和一定质量的滤液，经测定得知，铜元素在滤液和滤渣中的质量比为43（洗涤液也一起合并入滤液中），下列判断错误的是A滤渣中不含铁B11.2克Fe和Cu的混合粉末中，铜的质量分数为40%C向滤液中加入稀盐酸没有沉淀产生D原溶液的溶质质量分数是10.2%【答案】B【解析】【分析】滤液中含有铜元素，说明铜与银离子发生了置换反应，铁的活泼性大

15、于铜，可知此时铁应该已经完全反应，没有剩余，滤渣的组成为银和铜。已知，铜的相对原子质量为64，铁为56。设混合粉末中含有克的铁，含有克的铜。则混合粉末质量：；设与铁反应生成的银为m1克，与铜反应生成的银为m2克，与铁反应的硝酸银为m3克，与铜反应的硝酸银为m4克，参与置换反应的铜的质量为克，未参与反应的铜的质量为克。则： ； ； 生成银的质量：滤渣的质量：联立解得：x=5.6，y=5.6，m1=21.6，m2=10.8，m3=34，m4=17【详解】A、滤液中含有铜元素，说明铜与银离子发生了置换反应，铁的活泼性大于铜，可知此时铁应该已经完全反应，没有剩余，滤渣的组成为银和铜，故A选项正确；B、

16、11.2克Fe和Cu的混合粉末中，铜的质量分数，故B选项错误；C、铜未完全反应则说明溶液中的硝酸银已完全反应，滤液中没有银离子，向滤液中加入稀盐酸不会有沉淀产生，故C选项正确；D、原溶液的溶质质量分数，故D选项正确。故本题选B。11下列除考杂质的方法正确的是A除去N2中的少量O2:通过灼热的CuO粉末，收集气体B除去CaO中的少量CaCO3:加入足量稀盐酸，充分反应C除去KCl溶液中的少量MgCl2:加入适量NaOH溶液，过滤D除去Cu（NO3）2溶液中的少量AgNO3:加入足量铜粉，充分反应后过滤【答案】D【解析】A. 除去N2中的少量O2；通过灼热的Cu粉末，收集气体。故A错误。B. 除去

17、CaO中的少量CaCO3；煅烧充分反应，碳酸钙分解成氧化钙。故B错误。C. 除去KCl溶液中的少量MgCl2；加入适量KOH溶液，过滤, 加入适量NaOH溶液，产生新的杂质氯化钠。故C错误。D. 除去Cu(NO3)2溶液中的少量AgNO3，D. 除去Cu(NO3)2溶液中的少量AgNO3，；加入足量铜粉，与硝酸银充分反应，生成银，硝酸铜，后过滤。故D正确。点睛本题主要考查与除杂相关的知识。12下图中“”表示相连的两种物质能发生反应，“”表示一种物质转化成另一种物质，部分反应物、生成物及反应条件未标出。则不可能出现的情况是AA BB CC DD【答案】B【解析】A氧化汞受热分解生成汞和氧气；汞与

18、氧气在一定条件下反应生成氧化汞。B、碳和氧气不完全燃烧生成一氧化碳；碳不能通过反应转化成氧气；C碳酸分解生成二氧化碳和水，二氧化碳和水反应生成碳酸；D氯化钡和碳酸钠反应生成碳酸钡沉淀，氯化钡和硫酸反应生成硫酸钡和盐酸。选B点睛：熟练掌握常见化学方程式，掌握物质间的转化方法。13已知硝酸钾在不同温度下的溶解度如下表：温度/20304050607080溶解度/g32466485.5110138170甲是80含有100 g水的KNO3溶液，操作过程如下图所示。以下分析错误的是A甲、乙、丙、丁四种溶液中，饱和溶液只有2种B甲到乙的过程中，溶质质量没有改变C甲溶液中，溶剂与溶质的质量比为25: 34D甲

19、溶液冷却时，开始析出固体的温度在6070之间【答案】A【解析】溶解度是一定温度下，100g溶剂里达到饱和时，所溶解的溶质的质量。饱和溶液是在一定温度下、一定量的溶剂里不能再溶解某物质的溶液叫该物质的饱和溶液。A、由题中信息可知，20时，硝酸钾的溶解度是32g，所以80g水的饱和溶液中，硝酸钾的质量为25.6g，所以可推知硝酸钾的总质量为25.6g+110.4g=136g，80时，80g水中溶解136g硝酸钾刚好饱和，析出晶体后的溶液一定是饱和溶液，所以丁是饱和溶液，所以乙、丙、丁都是饱和溶液，错误；B、甲到乙的过程中，没有溶质析出，溶质质量没有改变，正确；C、甲溶液中，溶剂与溶质的质量比为10

20、0g:136g=25: 34,正确。故选A。14NaCl是一种化工原料，可以制备一系列物质，如图所示原理，包含了氯碱工业，电解法制取金属钠，侯氏制碱，生产盐酸，制取漂白粉（有效成分是 Ca(ClO)2），部分生成物己省略，下列说法正确的是ANa2CO3的热稳定性比NaHCO3差B氯碱工业制得纯碱C侯氏碱法的产品是NaHCO3D工业制取漂白粉采用的是氯气和石灰乳反应，而不是氯气和石灰水【答案】D【解析】A、由碳酸氢钠受热转化为碳酸钠可知，NaHCO3的热稳定性比Na2CO3差，错误；B、氯碱工业制得纯碱、氯气、氢气、氢氧化钠、盐酸等，错误；C、侯氏碱法的产品是Na2CO3和NH4Cl等，错误；D

21、、由于石灰水中氢氧化钙的含量太低了，不适用于大量生产，故工业制取漂白粉采用的是氯气和石灰乳反应，而不是氯气和石灰水，正确。故选D。15下图是甲、乙两物质(均不含结品水)的溶解度曲线,下列说法正确的是A甲的溶解度大于乙Bt2时,甲、乙两饱和溶液的溶质质量均为40%C升温均可使甲、乙的饱和溶液转化为不饱和溶液D将180g甲的饱和溶液由t3降至t2,可析出40g甲【答案】D【解析】A、t1时，乙的溶解度大于甲，错误；B、t2时，甲、乙两饱和溶液的溶质质量均为40g，错误；C、升温可以是甲的溶液变为不饱和溶液，乙升温还是饱和溶液，因为乙的溶解度随温度的升高而减少，错误；D、将180g甲的饱和溶液由t3

22、降至t2，可析出40g甲正确，因为甲的溶解度在t3时，是80g，在t2时是40g，正确。故选D。16下列有关量的变化图象与其对应叙述相符的是（）A B C D 常温下，向一定量的饱和石灰水中加入氧化钙 t时，向等质量的甲、乙、丙三种物质中分别加水配成饱和溶液，所得溶液质量最小的是丙 向一定质量的过氧化氢的水溶液中加入二氧化锰 向等质量的铁和镁中分别加入足量的稀盐酸 AA BB CC DD【答案】C【解析】A、常温下，向一定量的饱和石灰水中加入氧化钙，氧化钙和水反应生成氢氧化钙，溶液中溶剂水的量减少，且反应中溶液的温度升高，溶质析出，使溶质的质量减少，所以溶液的质量会减少，加入的氧化钙的质量达到

23、一定数值，可以将溶液中的水完全反应，最终溶液的质量为零，错误；B、t时，甲、乙、丙三种物质的溶解度由大到小的顺序是甲乙丙，所以向等质量的甲、乙、丙三种物质中分别加水配成饱和溶液，需要水的量最多的是丙，最少的是甲，所得溶液质量最小的是甲，错误；C、向一定质量的过氧化氢的水溶液中加入二氧化锰，过氧化氢溶液本来就有水，所以开始水的量大于零，反应过程中因生成水，所以水的量逐渐增多，反应结束，水的量不变，正确；D、向等质量的铁和镁中分别加入足量的稀盐酸，镁和铁最终都能完全反应，等质量的镁比铁反应生成的氢气多，错误。故选C。17如表除杂的方法和试剂都正确的是（）选项物质所含的杂质所选试剂和方法AHClH2

24、SO4加入适量Ba（OH）2溶解、过滤BKClKClO3加入二氧化锰、加热CCuCuO加入过量的稀盐酸、过滤、洗涤、干燥DCaCl2溶液Ca（OH）2加入适量的稀硫酸AA BB CC DD【答案】C【解析】除杂的原则是只除杂，不引杂。A氢氧化钡和盐酸反应，不符合除杂要求；B在氯酸钾在二氧化锰的作用下分解生成氯化钾和氧气，氯酸钾能被除掉，但是会混入二氧化锰杂质，引杂；C铜是不活泼金属，和盐酸不反应，氧化铜是金属氧化物，和盐酸反应生成易溶的氯化铜和水，过滤，得固体铜；硫酸和氢氧化钙反应生成硫酸钙，硫酸钙微溶，会在氯化钙溶液中引入杂质。选C18在托盘天平（灵敏度极高）两边各放一只等质量的烧杯，在两只

25、烧杯里各加入足量、等质量、等质量分数的稀盐酸，调节天平至平衡，然后向左端烧杯加入5.6克铁，要使天平再次平衡，应向右边烧杯加入A5.4克氧化钙 B5.6克铜 C6克镁 D10克碳酸钙【答案】A【解析】天平的两边增加的量相同时天平才能仍然平衡。5.6克铁和足量的盐酸反应生成0.2g氢气，氧化钙和盐酸反应生成盐和水，没有气体逸出，增加的量为5.4g，天平平衡；5.6g铜和酸不反应，增加的量为5.6g；6g镁和酸反应生成气体0.5g；增加5.5g；10g碳酸钙和足量的酸反应生成二氧化碳4.4g，增加5.6g；选A点睛：天平的平衡问题的关键是余下的物质一样多，天平平衡。19除去下列物质中所含的杂质，选

26、用的试剂和方法正确的是（）选项物质杂质试剂和方法AMnO2KCl加水溶解、过滤、蒸发BNa2SO4AgNO3加入氯化钡溶液CCO2CO通入足量灼热的氧化铜DNaClCaCl2加入过量的碳酸钠溶液AA BB CC DD【答案】C【解析】A二氧化锰难溶于水，氯化钾易溶，加水溶解、过滤、蒸发后得到的是氯化钾，不是主要成分二氧化锰；B硝酸银和氯化钡反应生成硫酸钡沉淀和硝酸钡，引入新的杂质；C一氧化碳和氧化铜加热条件下反应生成铜和二氧化碳；D碳酸钠和氯化钙反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠，由于碳酸钠过量，所以会引入杂质。选C点睛：除杂的原则：只除杂，不引杂。即所加试剂只能与杂质反应，不能与想要的主要成分反应，

27、同时不能引入新的杂质20将10g氧化铜粉末加入到100g一定质量分数的稀硫酸中，微热到氧化铜全部溶解，再向溶液中加入ag铁粉，使溶液中的溶质完全反应后，过滤，将滤渣在低温下烘干，得到干燥固体质量仍然为ag，下列分析不正确的是A稀硫酸中溶质质量分数为12.25%B滤渣中一定含有铜，可能含有铁C加入铁粉后有红色固体产生，还有少量气泡产生Da的取值范围：a8【答案】A【解析】【分析】铁粉充分反应后，过滤，烘干得到干燥固体物质仍是ag，由于铁粉置换硫酸铜后所得固体质量增加，可判断有部分铁粉与稀硫酸反应才能出现反应前后固体质量不变，因此所加稀硫酸一部分与氧化铜反应一部分与铁粉反应，计算出与铁粉反应硫酸的

28、质量则需要先求得反应所耗铁粉的质量，利用金属粉末变化前后质量相等，由生成铜的质量分析计算与硫酸反应的铁粉质量.【详解】设与氧化铜反应的硫酸的质量为x，与铁反应的硫酸的质量为y，生成的硫酸铜为z，与硫酸铜反应的铁的质量为n，与酸反应的铁的质量为b，生成的铜的质量为h由题意：氧化铜全部溶解，则根据加入的铁粉与反应后所得固体质量相同，只有铁粉过量，一部分铁与稀硫酸反应，才能使铁粉与生成铜质量相同当铁粉恰好和硫酸完全反应时，进行如下计算由于固体质量增加了1g，所以和硫酸反应的铁的质量就是1g，这样就可以使固体质量前后不反应变化，即b=1gA.所加稀硫酸的溶质质量分数为：，选项错误；B.铁和硫酸铜溶液反

29、应一定置换出了铜，故滤渣中一定有铜，铁是否过量未知，滤渣中可能有铁，选项正确；C.铁和硫酸铜反应有红色固体产生，铁和硫酸反应有气体产生，选项正确；D. 只有铁粉恰好与硫酸也完全反应时，一部分铁与稀硫酸反应，能使铁粉与生成铜质量相同同时当铁和硫酸反应后有剩余时，同样会质量保持不变根据最后生成铜的质量为8g，则加入铁粉质量a8g，选项正确。故本题答案选A。二、实验题（培优题较难）21已知某种治疗胃病药品的主要成份是铝碳酸镁：（ Ala Mgb（OH）16CO34H2O），假设药品中的其它成份受热不分解、不溶于水且不与稀硫酸反应。某研究性学习小组设计了如下实验探究铝碳酸镁片的组成。查阅资料：Mg（O

30、H）2不溶于NaOH溶液也不与NaOH溶液反应。A1（OH）3能溶于NaOH溶液，生成可溶于水的NaA1O2。（实验一）取mg该药片，研成粉末放入硬质玻璃管中，加热，装置如图一。（1）铝碳酸镁片加热分解的产物为A12O3、MgO、CO2和H2O，若要测定生成的CO2和H2O的质量，装置C和D中盛放的药品应选择：C_、D_。（填序号）浓硫酸 碱石灰 氯化钙 纯碱（2）实验开始前关闭弹簧夹_（填a或b），打开另一个弹簧夹，先通入一段时间空气，装置A中盛放的是碱石灰，它的作用是_。（3）一段时间后，打开和关闭相应的弹簧夹，点燃酒精灯加热，充分反应后，停止加热，继续通入一段时间空气，目的是_。（实验二）另取mg该药片，加入100g9.8%的稀硫酸，充分反应后滤去不溶