学年浙江省诸暨市牌头中学高二上学期期中考试化学选考试题 解析版.docx

1、学年浙江省诸暨市牌头中学高二上学期期中考试化学选考试题 解析版浙江省诸暨市牌头中学2017-2018学年高二上学期期中考试化学选考试题1. 第一次冲击“有机物就是有生命力的物质”的科学家及其制成的物质是A. 杜康，酒精 B. 维勒，尿素 C. 凯库勒，苯 D. 诺贝尔，雷管【答案】B【解析】试题分析：维勒首先用无机物制备有机物，这种物质是尿素，故选项B正确。考点：考查化学史等知识。2. 下列属于物理变化的是A. 石油的分馏 B. 煤的液化 C. 煤的干馏 D. 重油的裂化【答案】A【解析】A项，石油分馏是根据石油中含有各物质的沸点不同而进行分离的方法，石油分馏过程中没有新物质生成，属于物理变化

2、故A正确；B项，煤液化是把固体煤炭通过化学加工过程，使其转化成为液体燃料、化工原料和产品的先进洁净煤技术，该过程涉及化学变化，故B错误；C项，煤的干馏是指煤在隔绝空气的条件下加强热，使其分解生成煤焦油、焦炭、焦炉煤气等物质的过程，属于化学变化，故C错误；D项，重油的裂化是通过高温或催化条件将石油中大分子的烃生成小分子的烃的过程，属于化学变化，故D错误。3. 可以用分液漏斗分离的一组液体混合物是A. 溴和四氯化碳 B. 苯和溴苯 C. 水和硝基苯 D. 苯和汽油【答案】C【解析】试题分析：A、溴易溶于有机物，溴和CCl4能相互溶解，不能用分液漏斗分离，A错误；B、苯和溴苯都是有机物，能相互溶解，

3、不能用分液漏斗分离，B错误；C、硝基苯是有机物，水是无机物，硝基苯和水不互溶，能用分液漏斗分离，C正确；D、汽油和苯都是有机物能互溶，所以不能用分液漏斗分离，D错误。答案选C。考点：物质的分离4. 下列各化学式中，只表示一种纯净物的是A. C2H4O2 B. C2H3Cl C. C2H4O D. C3H6【答案】B【解析】A项，C2H4O2可以表示CH3COOH或HCOOCH3，所以C2H4O2不只表示一种纯净物，故A错误；B项，C2H3Cl只有1种结构：CH2=CHCl，所以C2H3Cl只表示一种纯净物，故B正确；C项，C2H4O可以表示CH2=CHOH或，所以C2H4O不只表示一种纯净物，

4、故C错误；D项，C3H6可以表示CH2=CHCH3或(环丙烷)，所以C3H6不只表示一种纯净物，故D错误。5. 下列化学用语正确的是A. 乙烯的结构简式：CH2CH2 B. 丙烷分子的比例模型：C. 羟基的电子式： D. 2甲基丙烷的键线式：【答案】D【解析】A项，乙烯的结构简式为：CH2=CH2，故A错误；B项，是丙烷分子的球棍模型，故B错误；C项，羟基的电子式为，故C错误；D项，键线式中只用键线来表示碳架，所有的碳原子、氢原子和C-H键都被省略，所以2-甲基丙烷的键线式为：，故D正确。6. 用乙炔为原料制取CH2BrCHBrCl，可行的反应途径是A. 先加Cl2，再加Br2 B. 先加Cl

5、2，再加HBrC. 先加HCl，再加HBr D. 先加HCl，再加Br2【答案】D【解析】CH2BrCHBrCl与乙炔相比，多了1个HCl和1个Br2，所以选D项。7. 下列物质属于芳香烃，但不是苯的同系物的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】芳香烃是指含有苯环的烃；苯的同系物是指含有且只有一个苯环，铡链是烷基的烃；芳香化合物是指：含有苯环的化合物；均为芳香化合物；为芳香烃；为苯的同系物；所以正确选项为B；8. 下列说法不正确的是A. 二氯甲烷只有一种结构，可以证明甲烷是正四面体结构B. 乙烯和甲苯分子中所有原子都在同一个平面上C. 一定条件下，Cl2在甲苯的苯环或侧链上均能发生取代反

6、应D. 和CH3CH=CH2互为同分异构体【答案】B【解析】A项，CH4分子中有四个相同的C-H键，可能有两种对称的结构：正四面体和平面正方形结构；若是平面正方形，四个氢原子的位置虽然也相同，但是相互间存在相邻和相间的关系，其二氯代物有两种异构体，即两个氯原子在邻位和两个氯原子在对位(如图：、)；若是正四面体，则只有一种，因为正四面体的两个顶点总是相邻关系，所以二氯甲烷只有一种结构(如图：)，可以证明甲烷是正四面体结构，故A正确。B项，乙烯是平面型结构，所有原子都在同一个平面上，甲苯中含有甲基，甲基具有甲烷的结构特点，所有原子不可能在同一平面上，故B错误。C项，在光照的条件，Cl2与甲苯侧链上

7、的氢原子发生取代反应，在氯化铁的作用下Cl2与甲苯苯环上的氢原子发生取代反应，故C正确。D项，和CH3CH=CH2结构不同而分子式相同(都是C3H6)，互为同分异构体，故D正确。9. 下列关于有机物结构、性质的说法正确的是A. 石油裂解的主要目的是提高汽油等轻质油的产量与质量B. 分子式为C3H7C1的有机物有三种同分异构体C. 甲烷、苯、乙醇、乙酸和乙酸乙酯在一定条件下都能发生取代反应D. 将溴乙烷滴入AgNO3溶液中，立即有淡黄色沉淀生成【答案】C【解析】A项，石油裂化的目的是提高汽油等轻质油的产量与质量，裂解的目的是得到乙烯、丙烯等小分子的烯烃，故A错误；B项，分子式为C3H7C1的有机

8、物有CH3CH2CH2Cl、CH3CHClCH3共两种同分异构体，故B错误；C项，甲烷可在光照条件下与氯气发生取代反应，苯可在催化剂作用下与液溴发生取代反应，乙醇、乙酸可发生酯化反应(属于取代反应)，乙酸乙酯可发生水解反应(属于取代反应)，故C正确；D项，溴乙烷是非电解质不能电离出溴离子，在溴乙烷中滴入AgNO3溶液，没有淡黄色沉淀生成，故D错误。点睛：本题考查有机物的结构与性质，A项为易混易错点，要明确石油裂化与裂解的区别，注意知识积累；B项，考查同分异构体种数的判断，可用基元法，C3H7C1可看作Cl代替了C3H8中的一个氢原子，丙基有两种，所以C3H7C1有两种同分异构体；D项，注意溴乙

9、烷是非电解质。10. 下列关于常见有机物的说法不正确的是A. 乙烯和苯都能与溴水反应B. 乙酸和乙酸乙酯都能与氢氧化钠溶液反应C. （CH3）3C CH2CH3的名称：2，2二甲基丁烷D. 乙烯和甲烷可用酸性高锰酸钾溶液鉴别【答案】A【解析】A项，苯能与液溴在催化剂条件下反应，而不能与溴水发生反应，故A错误；B项，乙酸属于酸，能与氢氧化钠溶液发生中和反应，乙酸乙酯在碱性条件下水解彻底，故B正确；C项，根据系统命名法，(CH3)3CCH2CH3是主链上有四个碳、其中2号碳上有两个甲基的烷烃，所以名称为：2，2二甲基丁烷，故C正确；D项，乙烯能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，甲烷与

10、酸性高锰酸钾溶液不反应，所以可以用酸性高锰酸钾溶液鉴别乙烯和甲烷，故D正确。11. 由碘乙烷制取乙二醇，依次发生反应的类型是A. 取代、加成、水解 B. 消去、加成、取代C. 水解、消去、加成 D. 消去、水解、取代【答案】B【解析】试题分析：C2H5ICH2=CH2BrCH2CH2BrHOCH2CH2OH，发生的反应类型分别是：消去、加成、水解（取代），故B正确。考点：考查有机合成。12. “绿色化学”是当今社会提出的一个新概念在“绿色化学”工艺中，理想状态是反应中原子全部转化为目标产物，即原子利用率为100%利用以下各种化学反应类型的合成过程最符合绿色化学的是A. 取代反应 B. 水解反应

11、 C. 加聚反应 D. 缩聚反应【答案】C【解析】试题分析：取代反应、水解反应和水解反应中生成物均是不止一种，不符合绿色化学。加聚反应中生成物只有一种，符合绿色化学，答案选C。考点：考查绿色化学应用13. 苯环结构中不存在碳碳单键与碳碳双键的交替结构，可以作为证据的是苯不能使溴水褪色 苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色 苯在一定条件下既能发生取代反应，又能发生加成反应 经测定，邻二甲苯只有一种结构 经测定，苯环上碳碳键的键长相等，都是1.4010-10mA. B. C. D. 【答案】A【解析】苯不能使溴水褪色，可以证明苯环结构中不存在C-C单键与C=C双键的交替结构，故正确；苯不能使酸性高锰酸钾溶

12、液褪色，可以证明苯环结构中不存在C-C单键与C=C双键的交替结构，故正确；在一定条件下能发生取代反应，是单键烃具有的性质，能发生加成反应是双键具有的性质，所以苯在一定条件下既能发生取代反应，又能发生加成反应不能证明苯环结构中不存在C-C单键与C=C双键的交替结构，故错误；邻二甲苯只有一种结构，说明苯环结构中的化学键只有一种，不存在C-C单键与C=C双键的交替结构，故正确；苯环上碳碳键的键长相等，说明苯环结构中的化学键只有一种，不存在C-C单键与C=C双键的交替结构，故正确。正确的有：。 答案选A。14. 下表为某有机物与各种试剂反应的现象，则这种有机物可能是试剂钠溴水NaHCO3现象放出气体褪

13、色不反应A. CH2=CHCOOH B. CH2=CH2C. CH3COOCH2CH3 D. CH2=CHCH2OH【答案】D【解析】由题意，该有机物与NaHCO3不反应，则结构中没有羧基；与金属钠反应放出气体，则结构中有羟基；能使溴水褪色，则结构中有碳碳双键。所以D正确。15. 下列各项中的两种物质不论以何种比例混合，只要混合物的总物质的量一定，则完全燃烧消耗O2的质量保持不变的是A. C3H6、C2H4 B. C2H6、C2H6O C. C2H4、C2H6O D. C3H4、C2H6O【答案】C【解析】试题解析：根据有机物的燃烧通式CnHmOz（nm/4z/2）O2nCO2m/2H2O可知

14、，在物质的量相等的条件下，有机物燃烧消耗氧气的多少只与（nm/4z/2）有关系。所以根据有机物的化学式可知，选项C正确。考点：有机物燃烧的有关计算16. 下列4种醇的分子式均为C4H10O 、CH3CH2CH2CH2OH、(CH3)2CHCH2OH、(CH3)3COH其中不能被催化氧化的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】中连接羟基的碳原子上有1个氢原子，催化氧化后得到酮；CH3CH2CH2CH2OH中连接羟基的碳原子上有2个氢原子，催化氧化后得到醛；(CH3)2CHCH2OH中连接羟基的碳原子上有2个氢原子，催化氧化后得到醛；(CH3)3COH中连接羟基的碳原子上没有氢原子，不能被催

15、化氧化。综上分析不能被催化氧化的是，故选D。点睛：本题考查醇催化氧化的规律，注意醇催化氧化的实质，明确断键的位置是解题的关键，醇催化氧化断键部位是O-H键和连接羟基的碳原子上的C-H键，然后形成C=O键，当连羟基的碳原子上有2个氢原子时，被氧化后得到醛；当连羟基的碳原子上有1个氢原子时，被氧化得到酮；当连羟基的碳原子上没有氢原子时不能被氧化。17. 下列除去杂质（括号内物质为少量杂质）的方法中，正确的是A. 乙烷（乙烯）：光照条件下通入Cl2，气液分离B. 乙酸乙酯（乙酸）：用饱和碳酸钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏C. CO2（SO2）：气体通过盛氢氧化钠溶液的洗气瓶D. 乙醇（乙酸）：加足量浓

16、硫酸，蒸馏【答案】B【解析】试题分析：A、光照条件下通入Cl2，Cl2会和乙烷之间发生取代反应，和乙烯之间发生加成反应，这样除去杂质，又引入新的物质，不符合除杂的原则，A错误；B、饱和碳酸钠溶液可以和乙酸之间发生中和反应，但是和乙酸乙酯是互不相溶的，分液即可实现分离，B正确；C、二氧化碳与碳酸反应生成碳酸氢钠，二氧化硫与碳酸钠反应生成生成亚硫酸钠，水和二氧化碳，将原物质除掉了，不符合除杂原则，C错误；D、乙酸与乙醇在浓硫酸作用下会反应生成乙酸乙酯，与乙醇互溶，除去杂质但又引入新的杂质，D错误；答案选B。考点：考查物质的分离提纯。18. 下列实验操作能达到实验目的的是选项实验操作实验目的A滴加K

17、MnO4(H)溶液，充分振荡确定甲苯中混有己烯B加入浓溴水后过滤取滤液除去苯中混有的少量苯酚C加入NaHCO3溶液确定酒精中混有乙酸D加淀粉确定食盐中含有KIO3A. A B. B C. C D. D【答案】C【解析】A项，甲苯能被KMnO4(H)溶液氧化成苯甲酸而使KMnO4(H)溶液褪色，己烯中有碳碳双键，也能被KMnO4(H)溶液氧化而使KMnO4(H)溶液褪色，所以滴加KMnO4(H)溶液，充分振荡，不能确定甲苯中是否混有己烯，故A错误；B项，苯酚与浓溴水反应生成的三溴苯酚被苯溶解，无法过滤除去，应使用氢氧化钠溶液除杂，故B错误；C项，NaHCO3与酒精不反应，而与乙酸反应生成CO2气

18、体，加入NaHCO3溶液，可通过产生气泡的现象确定酒精中混有乙酸，故C正确；D项，淀粉溶液遇碘单质变蓝，而KIO3中没有碘单质，所以加淀粉溶液无法确定食盐中含有KIO3，故D错误。19. 一定量的乙醇在氧气不足的情况下燃烧，得到CO2、CO和H2O的总质量为27.6 g，其中H2O的质量为10.8 g，则CO的质量是A. 1.4 g B. 2.2 g C. 4.4 g D. 在2.2 g和4.4 g之间【答案】A【解析】n(H2O)=10.8g18g/mol=0.6mol，根据H原子守恒，可知乙醇的物质的量=0.2mol，根据C原子守恒，可知CO和CO2的总的物质的量=0.2mol2=0.4m

19、ol，由于水的质量为10.8g，所以一氧化碳和二氧化碳的质量为：27.6g-10.8g=16.8g；令CO、CO2的物质的量分别为xmol、ymol，则：x+y0.4，28x+44y16.8，解得x=0.05，y=0.35，所以原混合气中CO的质量为0.05mol28g/mol=1.4g，答案选A。点睛：本题考查混合物的有关计算，关键是抓住化学反应前后原子守恒守恒及质量守恒解答。许多有关化学反应的计算，如果能够巧妙地运用守恒规律可以达到快速解题的目的，常见的守恒关系有：反应前后元素种类和某种原子总数不变的原子守恒；电解质溶液中的电荷守恒；氧化还原反应中得失电子数守恒、原电池中两极通过的电子总数

20、相等；从守恒思想出发还可延伸出多步反应中的关系式，运用关系式法等计算技巧巧妙解题。20. 能在有机物的分子中引入羟基官能团的反应类型有：（a）酯化反应，（b）取代反应，（c）氧化反应，（d）加成反应，（e）水解反应。其中正确的组合有A. （a）（b）（c） B. （d）（e） C. （b）（d）（e） D. （b）（c）（d）（e）【答案】D【解析】题中五种反应类型中能引入羟基的反应有：取代反应（包括水解），如卤代烃水解、酯的水解等；加成反应，如-CHO与氢气加成生成醇羟基、乙烯与水加成生成乙醇等；氧化反应，如-CHO氧化为-COOH，羧基中也含有羟基；只有酯化反应生成酯基，不能引入羟基。综上

21、，（b）（c）（d）（e）符合题意，选D。21. 已知酸性强弱顺序为H2CO3C6H5OHHCO3-，下列化学方程式正确的是A. C6H5ONa+H2O+CO2C6H5OH+Na2CO3B. C6H5OH+NaHCO3C6H5ONa+H2O+CO2C. C6H5OH+ Na2CO3C6H5ONa+ H2O+CO2D. C6H5OH+ Na2CO3C6H5ONa+ NaHCO3【答案】D【解析】A项，酸性强弱顺序为C6H5OHHCO3-，所以C6H5OH能与Na2CO3反应生成NaHCO3和C6H5ONa，因此反应化学方程式为：C6H5ONa+H2O+CO2C6H5OH+NaHCO3，故A错误；

22、B项，酸性为H2CO3C6H5OH，所以C6H5ONa能与H2CO3反应生成碳酸氢钠和苯酚，因此C6H5OH与NaHCO3不反应，故B错误；C项，酸性为H2CO3C6H5OHHCO3-，所以C6H5OH能与Na2CO3反应生成C6H5ONa和NaHCO3，反应化学方程式为C6H5OH+Na2CO3C6H5ONa+NaHCO3，故C错误；D项，由C项的分析可知，C6H5OH+Na2CO3C6H5ONa+NaHCO3，故D正确。22. 设NA为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是A. 常温常压，28 g乙烯和环丁烷（C4H8）的混合气体中含有的碳原子数为2 NAB. 4.2 g C3H6中含有的共

23、价键数为0.6 NAC. 1 molOH中电子数为10 NAD. 标准状况下，2.24 L CHCl3的原子总数为0.1 NA【答案】A【解析】A项，乙烯和环丁烷的最简式均为CH2，所以28g混合气体中含有CH2的物质的量为：28g14g/mol=2mol，则含有碳原子为2NA个，故A正确；B项，C3H6可能是CH3CH=CH2，也可能为，1molCH3CH=CH2和1mol都含有9mol共价键，4.2gC3H6的物质的量为：4.242g/mol=0.1mol，所以含有0.9mol共价键，即共价键数为0.9NA，故B错误； C项，1个-OH中含9个电子，故1mol-OH中含9mol电子，即9N

24、A个电子，故C错误；D项，标准状况下，CHCl3(三氯甲烷)为液态，所以无法根据气体摩尔体积来计算其物质的量，故D错误。点睛：本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和有机物的结构是解题关键。A项的解题方法，烯烃与环烷烃通式均为CnH2n，即最简式都是CH2，故可求的混合气体中CH2的物质的量；B项中虽然CH3CH=CH2和中的共价键数是相同的，但是解题时也要想到C3H6的这两种可能，若题目改为碳碳双键数，则很容易出错；C项注意羟基和氢氧根离子的不同；D项注意气体摩尔体积的使用条件。23. 实验是化学研究的基础，关于下列各实验的叙述中，正确的是A. 实验室制取硝基苯B. 用酒精萃

25、取碘水中的碘C. 实验室制取乙酸乙酯D. 分离苯和硝基苯的混合物【答案】A【解析】A项，实验室制取硝基苯需要热水浴加热，控制温度为60左右，故A正确；B项，酒精与水互相溶解，无法用酒精萃取碘水中的碘，故B错误；C项，实验室制取乙酸乙酯的实验，为防止倒吸，装置中右侧导管不能插入饱和Na2CO3溶液中，故C错误；D项，用蒸馏法分离苯和硝基苯的混合物，温度计的液泡应置于蒸馏烧瓶的支管口处，测量蒸汽的温度，故D错误。24. 中国科学家屠呦呦因为创制了新型抗疟药青蒿素，获得2015年诺贝尔奖。青蒿素可由香茅醛为原料制取，下列说法错误的是A. 香茅醛能使Br2的CCl4溶液褪色 B. 青蒿素分子式为C15

26、H22O5C. 青蒿素含有和H2O2相同的过氧键 D. 青蒿素能与氢气发生加成反应【答案】D【解析】试题分析：A香茅醛中含碳碳双键、-CHO，能使Br2的CCl4溶液褪色，故A正确；B由结构可知分子式为C15H22O5，故B正确；C青蒿素含有和H2O2相同O-O非极性键，故C正确；D青蒿素含-COOC-，但不能与氢气发生加成反应，故D错误；故选D。【考点定位】考查有机物的结构与性质.25. 已知某有机物X的结构简式如下所示，下列有关叙述不正确的是A. 1 mol X分别与足量的Na、NaOH溶液、NaHCO3溶液反应，消耗这三种物质的物质的量分别为3 mol、4 mol、1 molB. X在一

27、定条件下能与FeCl3溶液发生显色反应C. X在一定条件下能发生消去反应和酯化反应D. X的化学式为C10H10O6【答案】C【解析】苯环上的氢原子不能消去，故不能发生消去反应，与Na反应的有OH和COOH，与NaHCO3反应的只有COOH，与NaOH反应的有酚羟基、羧基和酯基，特别注意酚酯基水解生成酚羟基。26. 写出下列化学反应方程式（1）乙烯和水反应_（2）乙醇的催化氧化反应_（3）溴乙烷的消去反应_【答案】 (1). CH2=CH2+H2OCH3CH2OH (2). 2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O (3). CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2+NaBr+H2O【

28、解析】（1）乙烯和水在催化剂条件下可发生加成反应生成乙醇，反应的化学方程式为：CH2=CH2+H2OCH3CH2OH。（2）乙醇在铜作催化剂加热条件下，与氧气发生氧化反应生成乙醛和水，反应的化学方程式为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O。（3）溴乙烷在NaOH的醇溶液中发生消去反应生成乙烯，反应的化学方程式为：CH3CH2Br+NaOH CH2=CH2+NaBr+H2O。27. 下列各组物质属于同系物的是_，属于同分异构体的是_；属于同素异形体的是_，属于同一种物质的是_。（填序号） O2和O3 氕和氚 CH3COOCH3和HCOOCH2CH3 苯和对二甲苯 CH3CH3和CH

29、3CH2CH3 乙醇和乙醚 【答案】 (1). (2). (3). (4). 【解析】O2和O3是同种元素组成的不同单质，属于同素异形体；氕和氚是中子数不同的H原子，属于同位素；CH3COOCH3是乙酸甲酯，HCOOCH2CH3是甲酸乙酯，二者分子式相同而结构不同，互为同分异构体；苯和对二甲苯结构相似，组成上相差2个“CH2”，属于同系物；是甲烷的卤代物，因为甲烷是正四面体结构，所以属于同种物质；CH3CH3和CH3CH2CH3结构相似，组成上相差1个“CH2”，属于同系物；乙醇(CH3CH2OH)和乙醚(CH3CH2OCH2CH3)，组成上相差2个“CH2”，但结构不相似，故不是同系物也不是

30、同分异构体；分子式相同(都是C10H6XY)，取代基位置不同，所以结构不同，互为同分异构体；分子式相同(都是C6H10)，而结构不同，互为同分异构体。综上分析，属于同系物的是，属于同分异构体的是；属于同素异形体的是，属于同一种物质的是。点睛：本题考查学生对同系物、同分异构体、同位素、同素异形体的认识与判断，注意根据相关概念进行正确解答。同位素：质子数相同中子数不同的原子；同素异形体：同种元素组成的不同单质；同分异构体：分子式相同而结构不同的化合物；同系物：结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的化合物。注意：（1）同分异构体判断时对有机物结构的分析，如题中不是平面结构而是四面体结构，故为同种物质；中X和Y的位置不等效，故为同分异构体。（2）正确理解同系物概念中的“结构相似”，同系物应该属于同类物质，例如乙醇和乙醚不是同类物质，即使组成相差2个CH2，也不是同系物。28. 已知：E是石油裂解气的主要成份，其产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，E在标准状况下的密度