湖南省五市十校第一学期高二第一次联考试题物理含答案.docx

1、湖南省五市十校第一学期高二第一次联考试题物理含答案湖南省五市十校2020-2021年第一学期高二第一次联考试题物理本试卷共4页，全卷满分100分，考试时间90分钟。考生注意：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡，上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.有一质点，从坐标原点O自t0时刻开始沿x

2、轴运动，其vt图象如图所示。现有下列说法，其中正确的是A.t2.0s时质点离O点最远 B.t0.5s时质点运动方向发生改变C.t1.0s时质点离O点最远 D.t1.0s时质点回到O点2.如图所示，一直角支架固定不动。在其光滑竖直杆上套着一个滑块，用轻绳系着滑块绕过光滑的定滑轮。用竖直向下的力F缓慢拉绳，使滑块从A点起由静止开始缓慢上升至B、C点。下列说法正确的是A.滑块从A点到B点的过程中，力F大小不变B.滑块从A点到C点的过程中，杆对滑块的弹力不变C.滑块从A点到C点的过程中，力F逐渐变小D.滑块从A点到C点的过程中，杆对滑块的弹力变大3.排球运动场地示意图如图所示，排球网在O点处，左右两侧

3、场地的A、B两点与O点距离均为H，AB连线与网平面垂直，左右边界与网的垂直距离约为3H。一运动员在A正上方H处将球水平拍出，刚好被对方运动员在B点上方处接住，不计空气阻力，则A.球被拍出后，相同时间内速度变化量越来越大B.球被拍出后，经过t的时间被接住C.球被拍出瞬间，初速度大小为v0D.若对方运动员不接球，该球便落在对方界内得分4.有两个完全相同的金属小球A、B(它们的大小可忽略不计)，A带电荷量为9Q，B带电荷量为Q，当A、B在真空中相距为r时，两球之间的相互作用的库仑力为F；现用绝缘工具使A、B球相互接触后距离变为原来的2倍，则A、B间的相互作用的库仑力的大小是A. B. C. D.5.

4、如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点，已知在P、Q连线上某点R处的电场强度为零，且PR3RQ，则A.q13q2 B.q19q2 C.q13q2 D.q19q26.如图所示，A、B两带正电粒子质量之比为1：2，电荷量之比为1：4。两粒子在O上方同一位置沿垂直电场方向射入平行板电容器中，分别打在C、D两点，OCCD，忽略粒子重力及粒子间的相互作用，下列说法正确的是A.A和B在电场中运动的时间之比为1： B.A和B运动的加速度大小之比为1：2C.A和B的初速度大小之比为1：4 D.A和B的末速度大小之比为1：27.如图所示的UI图像中，直线a表示某电源路端电压与电流的关系，直线b为

5、某一电阻R的UI图像。用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像可知A.电源的输出功率为2W B.电源电动势为4.0V，内阻为0.5C.电源的总功率为8W D.若将两个相同电阻R串联接入该电源，则电流变为原来的8.如图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S。当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两极板间电势差U、两极板间场强E的变化情况是A.Q变小，C不变，U不变，E变小 B.Q变小，C变小，U不变，E不变C.Q不变，C变小，U变大，E不变 D.Q不变，C变小，U变小，E变小二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的

6、得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.某中轨道卫星绕地球做圆周运动的半径约为地球同步卫星轨道半径的一半，已知地球自转周期为T，地球同步卫星轨道半径为r，则下列说法正确的是A.中轨道卫星绕地球运转的周期约为B.中轨道卫星绕地球运转的线速度等于C.中轨道卫星绕地球运转的角速度比同步卫星角速度小D.中轨道卫星绕地球运转的向心加速度比同步卫星向心加速度大10.一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动。取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能Ep与位移x的关系如图所示。下列图象中明显不合理的是11.如图所示电路中，电源的内阻为r，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触

7、头P向左移动时，下面的判断正确的是A.L1变暗 B.L2变亮 C.L3变亮 D.路端电压变小12.如图，电流表A1(03A)和A2(00.6A)是由两个相同的灵敏电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中。闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是A.A1、A2的读数之比为5：1 B.A1、A2的读数之比为1：1C.A1、A2的指针偏转角度之比为1：1 D.A1、A2的指针偏转角度之比为1：5三、非选择题：共52分。13.(6分)如图是在“探究功与物体速度变化的关系”的实验中得到的一条纸带。A、B、C、D、E、F、G为计数点，相邻计数点间时间间隔为0.1s，x12.20cm，x22.

8、60cm，x32.98cm，x43.38cm，x53.79cm，x64.18cm。则：(1)有关电火花计时器操作和测量的说法中正确的是 。A.电火花计时器使用的是220V的交流电源B.开始释放小车前，应使小车靠近电火花计时器C.使用的电源频率越高，打点的时间间隔就越大D.在同一纸带上打的点越密，说明物体运动的速度越小(2)求打点计时器在打B测量点时小车的瞬时速度大小：vB m/s(结果保留两位有效数字)。(3)根据以上数据，求出小车的加速度a m/s2(结果保留两位有效数字)。14.(8分)在电路设计中需要一个30的电阻，而身边只有一个标识模糊的电阻，用欧姆表粗略测定约为30，现用伏安法来测定

9、，要求测量数据尽可能多，误差尽可能小，备有以下器材：A.电池组(6V、约1) B.电流表(03A、约0.01)C.电流表(0150mA、约0.8) D.电压表(05V、约5k)E.电压表(020V、约15k) F.滑动变阻器(05、1.5A)G.滑动变阻器(0300、0.3A) H.开关、导线(1)上述器材中电流表应选用的是 (填序号)。(2)上述器材中电压表应选用的是 (填序号)。(3)上述器材中滑动变阻器应选用的是 (填序号)。(4)画出实验电路图。15.(6分)如图，细绳跨过定滑轮悬挂质量分别为M和m的两物体A和B，且Mm，不计摩擦。在系统由静止开始运动，重力加速度为g，求：A物体的加速

10、度的大小。16.(8分)如图所示电路中，电阻R14，R210，电源内阻r2，小灯泡的规格为5V，5W，当开关S闭合时，小灯泡正常发光，求：(1)电源电动势；(2)若通电8s，则电阻R2的发热量为多少。17.(10分)如图所示，用长为1.6m的轻质柔软绝缘细线，拴一质量为4.0102 kg、电荷量为3.0106 C的带正电的小球，细线的上端固定于O点。现加一水平向右的匀强电场，平衡时细线与铅垂线成37角，(sin370.6，g取10m/s2)求：(1)电场强度的大小；(2)若将小球拉到右侧与O点等高的位置且保持细线水平由静止释放，求小球摆到最低点时小球的速度。18.(14分)半径为R的光滑半圆管

11、道(管道内径远小于R)竖直固定于水平面上，管道最低点B恰与粗糙水平面相切，弹射器固定于水平面上。一个可看作质点的质量为m的小物块将弹簧压缩至A处，A、B相距为l，弹射器将小物块由静止开始弹出，小物块沿半圆管道运动到最高点C恰好与管壁无接触，已知小物块与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g，求：(1)小物块到达B点时对管璧的压力；(2)弹射器释放的弹性势能Ep；(3)若管道的半径r可变，且弹射器释放的弹性势能恒为Ep，试求当r满足什么条件时小物块从C点抛出后落到水平面上离B点最远。参考答案一、单项选择题（本题包括8小题，每题4分，共32分）题号12345678选项CDDABBAC二、多项选择题

12、（本题包括4小题，每题4分，共16分）题号9101112选项BDADCDAC1.C 解析：速度的正负表方向，在前1s内物体沿负方向运动，在后1s内沿正方向运动，两段时间内位移大小相等，所以t=1s时离原点最远，t=2s时，回到出发点故C正确。2.D 解析：根据几何关系可知，轻绳与竖直杆的夹角越来越大，滑块缓慢上升可看作动态平衡，竖直方向Fcos=mg,F=mg/cos,夹角增大，cos减小,F增大。AC错误。水平方向N=Fsin=mgtan,夹角增大，tan增大,N增大。B错D对。3.D 解析：球被拍出后，做平抛运动，相同时间内速度相同,A错；竖直方向自由落体，B错；水平方向匀速运动，,C错；

13、 若球落地水平方向匀速运动，落在对方界内,D对。4.A 解析：未接触前，根据库仑定律，得，接触后两球带电量相同,距离变为2r,再由库仑定律，得;所以A对，BCD错。5.B 解析：据题知，q1和q2两个点电荷在R处产生的场强大小相等、方向相反，则q1和q2的电性相同，设RQ=r，则PR=3r.根据电场的叠加原理可得：,可得|q1|=9|q2|,综上可得：q1=9q2。6.B 解析：质量之比为1：2，电荷量之比为1：4所以比荷之比为1：2。粒子在竖直方向做静止开始的匀加速运动且位移相等，,可知运动时间之比为，A错；，加速度与比荷成正比，所以加速度之比为1:2，B对；，而位移之比为1:2，时间之比为

14、，所以初速度之比为,C错;，所以末速度之比为，D错。7.A 解析： 电源的输出功率,A对;电动势为4.0V，内阻，B错;电源的总功率,C错;原电路的总电阻为4，若将两个相同电阻R串联接入该电源，则总电流变为6，即总电阻变为原来的，所以电流变为原来的。8.C 解析：电容器与电源断开，电量Q保持不变，增大两极板间距离时，根据，知道电容C变小，根据，知两版极板间的电势权差U变大，根据，知电场强度E不变故C正确，A、B、D错误。9.BD 解析： 由开普勒第三定律，则,A错；中轨道卫星绕地球运转的线速度等于,B对;中轨道卫星绕地球运转的角速度比同步卫星的角速度大，C错;根据,可知中轨道卫星绕地球运转的向

15、心加速度比同步卫星向心加速度大,D对。10.AD 解析：粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加速直线运动，电场力做功等于电势能的减小量，故：，Ep-x图象上某点的切线的斜率表示电场力，故电场力逐渐减小，电场强度减小，A错; 根据动能定理，有：Fx=Ek，故Ek-x图线上某点切线的斜率表示电场力；由于电场力逐渐增大，粒子做加速度增大的加速运动，故B正确；a-x图像的斜率为，由于a和v均增大，所以比值不确定； 只有匀变速运动的v2-x图象才是直线，故D错误：由于本题选明显错误的所以选AD。11.CD 解析：当滑片向左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流

16、增大，故L 1 变亮；电路中总电流增大，故内阻r及R 0 、L 1 两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故L 2 变暗；因L 2 中电流减小，干路电流增大，故流过L 3 的电流增大，故L 3 变暗亮；故AB错误；C正确；电路中总电流增大，故路端电压变小，故D正确。12.AC 解析：由电表A1、A2量程之比5：1，则其内阻由可得内阻之比为1：5A1、A2并联故流经A1、A2电流之比与内阻成反比为5：1，所以属读数之比为5：1，由电表改装原理可得A1、A2并联故流经两电流计的电流相等，两指针偏转角度相等，故选AC。三、实验题（本题包括2小题，13小题6分，每空2分，14小题8分，每

17、空2分，共14分）13、（1）ABD； （2）0.24； （3）0.40解析：（2）。（3）。14、（1）C； （2）D； （3）F； （4） 如图所示解析：（1）电源电动势为6V，电压表E量程太大，不能达到满偏，所以电压表应选 D;流过待测电阻的最大电流约为，电流表B量程太大，不能达到满偏，所以电流表应选C；要求测量数据尽可能多,控制电路采用分压式，为方便实验操作，滑动变阻器应选F、又,测量电路采用外接法。所以电路图为分压外接，如图。四、计算题（本题包括4小题，15小题6分，16小题8分，17小题10分，18小题14分，共38分）15、解：以A为对象，由牛顿第二定律得Mg-FT=Ma -2分

18、以B为对象，由牛顿第二定律得FT-mg=ma -2分联立可得a=(M-m)g/(M+m)-2分16、解：(1)IL=P/U=1A-2分IR2=U/R2=0.5A-2分E=U+（IL+IR2）(R1+r)=14V-2分(2)Q=IR22R2t= 20J-2分17、解：(1)小球受力如图，小球处于平衡状态所以：Eq=mgtan，得-2分电场强度的大小是1.0105N/C -2分（2）由动能定理有Mgl-Eql=mv2/2，-4分得v=2m/s-2分18、解：(1)小物块恰好到达圆轨道最高点，则由牛顿第二定律得mgm -1分小物块由B点到圆轨道最高点，由机械能守恒定律得mvB2mg2Rmv2-2分在B点，由牛顿第二定律得FNmg-1分由牛顿第三定律得FN6 mg-1分(2) 小物块由A到B ，由能量守恒得Epmglmv-2分联立可得Epmgl5mgR/2-2分(3)小物块由A至C有mv2Ep2mgrmgl-2分由平抛运动规律，水平方向，有xvt，竖直方向，有2rgt2，-1分解得x-1分当r时，x最大-1分