高三物理月考试题及答案湖南郴州市届高三第二次教学质量监测理综试题精校解析版.docx

1、高三物理月考试题及答案湖南郴州市届高三第二次教学质量监测理综试题精校解析版湖南省郴州市2015届高三第二次教学质量监测试卷理综物理能力试题二、选择题（本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，其中第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）14.伽利略用两个对接的斜面，一个斜面A固定，让小球从固定斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面B，斜面倾角逐渐改变至零，如图所示伽利略设计这个实验的目的是为了说明( ) A如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度 B如果没有摩擦，物体运动时机械能守恒 C物体做匀

2、速直线运动并不需要力 D如果物体不受到力，就不会运动【答案】C【解析】伽利略的斜面实验证明了：运动不需力来维持，物体不受外力作用时，总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态，故ABD错误，C正确【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法15.同向行驶的a车和b车，其位移一时间图像分别为图中直线a和曲线b由图可知( ) Ab车运动方向始终不变 B在tl时刻a车的位移大于b车 Ct1到t2时间内a车的平均速度小于b车 Dt1到t2时间内某时刻两车的速度相同【答案】D【解析】b图线切线切线先为正值，然后为负值，知b的运动方向发生变化故A错误；在t1时刻，两车的位移相等故B错误；t1到t2时间内，b

3、图线的切线斜率在某时刻与a相同，则两车的速度可能相同故C错误；t1到t2时间内，两车的位移相同，时间相同，则平均速度相同故D正确【考点】运动图像的应用16.美国宇航局公布了开普勒探测器最新发现的一个奇特的行星系统，命名为“开普勒-11行星系统”，该系统拥有6颗由岩石和气体构成的行星围绕一颗叫做“kepler-ll”的类太阳恒星运行。经观测，其中被称为“kepler-llb”的行星与“kepler-ll”之间的距离是地日距离的寺，“kepler-ll”的质量是太阳质量的k倍，则“kepler-l lb”的公转周期和地球公转周期的比值是( ) A B. N3k C D【答案】C【解析】对于任一恒星

4、-行星系统，根据万有引力提供向心力，则有：得：T=2，M是恒星的质量，r是行星公转半径根据已知条件得：“kepler-11b”的公转周期和地球公转周期的比值是：【考点】卫星运行参量的比较与运算17.如图所示，有一闭合的等腰直角三角形导线ABC.若让它沿BA的方向匀速通过有明显边界的匀强磁场（场区宽度大于直角边长），以逆时针方向为正，从图示位置开始计时，在整个过程中线框内的感应电流随时间变化的图象是图中的( )【答案】B【解析】本题分线圈进入磁场和穿出磁场两个过程研究即可进入磁场时，线圈的磁通量增加，穿出磁场时，线圈的磁通量减小，根据楞次定律判断可知，两个过程中线圈产生的感应电流方向相反故AB错

5、误进入磁场过程，线圈有效切割长度L均匀增大，由公式E=BLv均匀增大，感应电流均匀增大；穿出磁场过程，线圈有效切割长度也均匀增大，由公式E=BLv均匀增大，感应电流均匀增大；故C正确，D错误【考点】电磁感应图像问题18.地面附近水平虚线MN的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E，磁感应强度为B，如图所示。一带电微粒自距MN为h的高处由静止下落从P点进入场区，沿半圆圆弧POQ运动，经圆弧的最低点O从Q点射出。重力加速度为g，忽略空气阻力的影响。下列说法中错误的是( ) A从P点运动到O点的过程中，微粒的电势能与重力势能之和越来越小 B微粒进入场区后受到的电场力的方向一定竖直向上 C从

6、P点运动到Q点的过程中，微粒的电势能先增大后减小 D微粒进入场区后做圆周运动，半径为【答案】A【解析】根据能量守恒定律得知：微粒在运动过程中，电势能、动能、重力势能之和一定，动能不变，则知微粒的电势能和重力势能之和一定故A错误;由题，带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动，电场力与重力必定平衡，则微粒受到的电场力的方向一定竖直向上故B正确；由于电场力方向竖直向上，则微粒从B点运动到D点的过程中，电场力先做负功后做正功，则其电势能先增大后减小故C正确；由上则有：mg=qE 由洛伦兹力提供向心力，则有：qvB=m 又v=联立三式得，微粒做圆周运动的半径为：r=故D正确； 错误的是A【

7、考点】带电粒子在叠加场中的运动19.空间内有高度为d、宽度足够宽、方向水平向左的匀强电场，当在该空间内建立如图所示的坐标系后，在x轴上的P点沿y轴正方向连续射入质量和电荷量均相同、且带电性质也相同的带电粒子（粒子重力不计），由于粒子的入射速率v（v0）不同，有的粒子将在电场中直接通过y轴，有的将穿出电场后再通过y轴设粒子通过y轴时，离坐标原点的距离为h，从P到y轴所需的时间为t则( ) A由题设条件可以判断出粒子的带电性质 B对hd的粒子，h越大，t越大 C对hd的粒子，在时间t内，电场力对粒子做的功不相等 Dh越大的粒子进入电场时的速率v也越大【答案】AD【解析】由题意可知，粒子向左偏，由电

8、场线的方向，可确定电场力方向向左，因此粒子带正电，故A正确；当hd的粒子时，粒子受到电场力一样，加速度也相同，因此运动时间也相等，由于粒子的速度不同，所以导致粒子的h不同，故B错误；对hd的粒子，在时间t0内，电场力方向的位移相同，因此电场力做功相等，故C错误；若在电场中直接通过y轴，水平分位移x相等，由x=at2知，运动时间t相等，竖直分位移h=v0t，则h越大的粒子，进入电场时的速率v也越大，若穿出电场后再通过y轴，通过电场时竖直分位移y相等，h越大，沿着电场力偏转位移x越小，由x=at2，可知t越小，由y=v0t，可知，v越大，故D正确；【考点】带电粒子在电场中的偏转20.如图所示轻质弹

9、簧的一端与固定的竖直板P拴接，另一端与物体A相连，物体A静止于光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连。开始时用手托住B，让细线恰好伸直，然后由静止释放B直至B获得最大速度。下列有关该过程的分析正确的是( ) AB物体的动能增加量等于B物体重力势能的减少量 BB物体的机械能一直减小 C细线拉力对A做的功等于A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量 DB物体机械能的减少量等于弹簧的弹性势能的增加量【答案】BC【解析】对于B物体，只有重力与细线拉力做功，根据动能定理可知，B物体动能的增量等于它所受重力与拉力做功之和，故A错误；从开始到B速度达到最大的过程中，绳子的拉力对B一直做

10、负功，所以B的机械能一直减小，故B正确；系统机械能的增量等于系统除重力和弹簧弹力之外的力所做的功，A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于细线拉力对A做的功，故C正确; 整个系统中，根据功能关系可知，B减小的机械能能转化为A的机械能以及弹簧的弹性势能，故B物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量，故D 错误。【考点】机械能守恒定律21.如图所示MN为纸面内的一条直线，其右侧空间分布与纸面平行的匀强电场或与纸面垂直的匀强磁场的单一场区。现有重力不计的带电粒子从MN上的O点以水平初速度v0沿纸面射入场区，下列判断正确的是( ) A如果粒子回到MN上时速率不变，则该空间存在的一定是磁场 B如果粒

11、子回到MN上时速率增大，则该空间存在的一定是电场 C若仅增大水平初速度v0，发现粒子再回到MN上时速度方向与增大前相同，则该空间存在的一定是磁场 D若仅增大水平初速度v0，发现粒子再回到MN所用的时间发生变化，则该空间存在的一定是电场【答案】BD【解析】若带电粒子以与电场线平行的速度v0射入，粒子返回速率不变，故A错误；洛伦兹力对带电粒子不做功，不能使粒子速度增大，电场力可使带电粒子做功，动能增大，故速率增加一定是电场，故B正确；若带电粒子以与电场线平行的速度v0射入，粒子返回速率不变，故C错误；由T=知，粒子在磁场中运动的时间与速率无关；故时间改变一定是电场；故D正确.【考点】带电粒子在匀强

12、电场中的运动三、非选择题（包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题第39题为选考题，考生根据要求做答。）（一）必考题（共129分）22.（4分）DIS实验是利用现代信息技术进行的实验。学生实验“用DIS研究机械能守恒定律”的装置如图(a)所示，某组同学在一次实验中，选择DIS以图像方式显示实验的结果，所显示的图像如图(b)所示。图像的横轴表示小球距D点的高度h，纵轴表示摆球的重力势能Ep、动能Ek或机械能E。试回答下列问题： (1)图(b)的图像中，表示小球的重力势能Ep、动能Ek、机械能E随小球距D点的高度h变化关系的图线分别是图线 （按顺序填写相

13、应图线所对应的文字）。 (2)根据图(b)所示的实验图像，可以得出的结论是 。【答案】（1）丙、乙、甲；（2）在误差允许的范围内，在只有重力做功的情况下，小球的机械能守恒【解析】(1)小球高度下降，故小球的重力势能应减小，动能增大，但总机械能不变，故丙图表示重力势能的变化；乙图表示动能的变化，甲图表示机械能的变化； (2)由图可知，动能与势能的和近似与机械能相等，故说明在误差允许的范围内，在只有重力做功的情况下，小球的机械能守恒【考点】验证机械能守恒定律23.（1 1分）有一根细而均匀的导电材料样品（如图a所示），截面为同心圆环（如图b所示），此样品长L约为3cm，电阻约为100，已知这种材料

14、的电阻率为，因该样品的内径太小，无法直接测量，现提供以下实验器材： A20等分刻度的游标卡尺 B螺旋测微器 C电流表A1（量程50mA，内阻r1=100,） D电流表A2（量程l00mA，内阻r2大约为40,） E电流表A3（量程3A内阻r3大约为0.l） F滑动变阻器R（0-l0，额定电流2A） G直流电源E（12V，内阻不计） H导电材料样品Rx（长L约为3cm，电阻Rx约为100,） I开关一只，导线若干 请根据上述器材设计一个尽可能精确地测量该样品内径d的实验方案，回答下列问题： (1)（4分）用游标卡尺测得该样品的长度如图甲所示，其示数L= mm;用螺旋测微器测得该样品的外径如图乙所

15、示，其示数D=_mm. (2)（4分）请选择合适的仪器，画出最佳实验电路图，并标明所选器材。 (3)（3分）实验中要测量的物理量有： （同时用文字和符号说明）然后用已知物理量的符号和测量量的符号来表示样品的内径d= 。【答案】（1）30.35，3.205；（2）如图所示；（3）【解析】（1）游标卡尺读数为L=30mm+70.05mm=30.35mm，螺旋测微器测得该样品的外径d=3mm+20.50.01mm=3.205mm（2）因两个电流表中，D电流表的满偏电流大于C电流表的满偏电流，又C电流表内阻为定值，根据欧姆定律与串并联知识，应将C电流表与待测材料并联后再与D电流表串联，又因滑动变阻器阻

16、值太小应用分压式接法，可设计电路图如图所示（3）设C电流表示数为IC，D电流表示数为ID，由欧姆定律可得待测电阻阻值为：R=，又由电阻定律R=以及S=，解得样品的直径为：d=【考点】测定金属的电阻率24.（14分）质量m=lkg的滑块受到一个沿斜面方向的外力F作用，从斜面底端开始，以初速度v0=3.6m/s沿着倾角为37足够长的斜面向上运动，物体与斜面间的动摩擦因数为= 0.8。滑块向上滑动过程中，一段时间内的速度一时间图像如图所示（g取l0m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）。求： (1)滑块上滑过程中加速度的大小； (2)滑块所受外力F； (3)当滑块到最高点时撤除外力，此后

17、滑块能否返回斜面底端？若不能返回，求出滑块停在离斜面底端的距离；若能返回，求出返回斜面底端时的速度。【答案】（1） 15m/s2；（2） 2.6N，方向平行于斜面向下；（3） 滑块不能返回斜面底端，滑块停在距离斜面底端0.43m处【解析】（1）根据速度-时间图象的斜率表示加速度得：am/s215m/s2（2）设F沿斜面向上，则mgsin-mgcos-F=maF=mgsin+mgcos-ma=1100.6+0.81100.8-115N=-2.6N所以F力的方向平行于斜面向下（3）因为mgsinmgcos，所以滑块不能返回斜面底端设经过时间t，滑块速度为零，则t=s=0.24ss0.24m0.43

18、m滑块停在距离斜面底端0.43m处【考点】两类动力学问题25.（18分）如图所示，在x轴下方的区域内存在方向与y轴同向的匀强电场，电场强度为E在x轴上方以原点O为圆心、半径为R的半圆形区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面并指向纸面外，磁感应强度为B.y轴下方的A点与O点的距离为d一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从A点由静止释放经电场加速后从O点射入磁场不计粒子的重力作用 (1)求粒子在磁场中运动的轨道半径r； (2)要使粒子进入磁场之后不再经过x轴，电场强度需大于或等于某个值E0.求E0;(3)若电场强度E等于第(2)问E0的2/3，求粒子经过x轴时的位置【答案】(1) (2) (

19、3) 【解析】(1）粒子在电场中加速，由动能定理得qEdmv2 粒子进入磁场后做圆周运动，有qvBm 解得粒子在磁场中运动的半径 r （2）要使粒子之后恰好不再经过x轴，则离开磁场时的速度方向与x轴平行，运动情况如图，由几何知识可得Rr由以上各式解得 E0 （3）将EE0代入可得磁场中运动的轨道半径 r 粒子运动情况如图，图中的角度、满足 cos= 即=30则得 =2=60所以 粒子经过x轴时的位置坐标为xr+ 解得x 【考点】动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动；带电粒子在匀强磁场中的运动33.【物理选修3-3】（15分） (1)（6分）下列说法正确的是_（选对一个给3分，选对两个给4

20、分，选对3个给6分。每选错一个扣3分，最低得分为0分 A当一定量气体吸热时其内能可能减小 B温度低的物体分子运动的平均速率小 C做加速运动的物体由于速度越来越大，因此物体分子的平均动能越来越大 D当液体与大气相接触时液体表面层内的分子所受其他分子作用力的合力总是指向液体内部 E气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数与单位体积内气体的分子数和气体温度有关 (2)（9分）如图所示，两个截面积都为S的圆柱形容器，右边容器高为H，上端封闭，左边容器上端是一个可以在容器内无摩擦滑动的质量为M的活塞。两容器由装有阀门的极细管道相连，容器、活塞和细管都是绝热的。开始时阀门关闭，左边容器中装有理想气体，平

21、衡时活塞到容器底的距离为H，右边容器内为真空。现将阀门缓慢打开，活塞便缓慢下降，直至系统达到新的平衡，此时理想气体的温度增加为原来的1.4倍，已知外界大气压强为p0，求此过程中气体内能的增加量。【答案】(1) ADE (2) (Mg+P0S)H【解析】(1) ADE (2) 理想气体发生等压变化，气体压强为P，对活塞由：PS=Mg+P0S设气体初温为T，活塞下降x，平衡时有：解得x=H系统绝热，Q=0外界对气体做功W=PSx由热力学第一定律U=Q+W所以U=(Mg+P0S)H【考点】热力学第一定律；气体压强的计算34.【物理选修3-4】（15分） (1)（6分）一列简谐横波，某时刻的图象如图甲

22、所示，从该时刻开始计时，波上A质点的振动图象如图乙所示，则以下说法正确的是 （选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分每选错1个扣3分，最低得分为0分） A这列波沿x轴正向传播 B这列波的波速是25 m/s C质点P将比质点Q先回到平衡位置 D经过t=0.4s，A质点通过的路程为4m E经过t=0.8s ,A质点通过的位移为0 (2)（9分）“道威棱镜”广泛地应用在光学仪器当中，如图所示，将一等腰直角棱镜截去棱角，使其平行于底面，可制成“道威棱镜”，这样就减小了棱镜的重量和杂散的内部反射从M点发出的一束平行于底边CD的单色光从AC边射入，已知棱镜玻璃的折射率n=求光线进入“道威棱镜”时的

23、折射角，并通过计算判断光线能否从CD边射出【答案】(1)BDE (2) 光线不能从CD边射出【解析】(1)BDE(2) 根据折射定律： 即 得：r=30由几何关系知=75根据全反射定律，sinC= 得：C=457545，故在CD面发生全反射，没有光线射出；【考点】光的折射定律35.【物理一一选修3-5】（15分） (1)（6分）下列说法正确的是 （选对一个给3分，选对两个给4分，选对三个给6分。选错一个扣3分，最低得分为0分） A卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式结构模型 B宏观物体的物质波波长非常小极易观察到它的波动性 C衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的 D爱

24、因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说 E对于任何一种金属都存在一个“最大波长”，入射光的波长必须小于这个波长，才能产生光电效应 (2)（9分）两物块A、B用轻弹簧相连，质量均为m=2 kg，初始时弹簧处于原长，A、B两物块都以v=6 m/s的速度在光滑的水平地面上运动，质量M=4 kg的物块C静止在前方，如图所示。B与C碰撞后二者会粘在一起运动。求在以后的运动中：(i)当弹簧的弹性势能最大时，物块A的速度v1为多大？(ii)系统中弹性势能的最大值EP是多少？【答案】（1）ADE (2) (i) 3m/s (ii) 12J 【解析】（2）(i)当A、B、C三者的速度相等时弹簧的弹性势能最大由A、B、C三者组成的系统动量守恒得：（mA+mB）v=（mA+mB+mC）vA代入数据解得：vA=3m/s(ii) B、C碰撞时，B、C系统动量守恒，设碰后瞬间两者的速度为v1，则：mBv=（mB+mC）v1代入数据解得：v1=2m/s设弹簧的弹性势能最大为EP，根据机械能守恒得：EP=（mB+mc）v12+mAv2-（mA+mB+mc）vA2代入解得为：EP=12J【考点】动量守恒定律；弹性势能