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1、北京高考物理详细解析2015年市高考物理试卷参考答案与试题解析一选择题（共9小题）1下列说确的是（）A物体放出热量，其能一定减小B物体对外做功，其能一定减小C物体吸收热量，同时对外做功，其能可能增加D物体放出热量，同时对外做功，其能可能不变分析：做功和热传递都能改变能；物体能的增量等于外界对物体做的功和物体吸收热量的和，即：U=Q+W解答：解：A、物体放出热量，若外界对物体做更多的功大于放出的热量，能可能增加，故A错误；B、物体对外做功，如同时从外界吸收的热量大于做功的数值，则能增加，故B错误；C、物体吸收热量，同时对外做功W，如二者相等，则能可能不变，若QW，则能增加，若WQ，则能减少，故C

2、正确；D、物体放出热量，Q0，同时对外做功，W0，则U0，故能一定减少，故D错误故选：C2下列核反应方程中，属于衰变的是（）AN+HeO+HBUTh+HeCH+HHe+nDThPa+e解答：解：A、方程N+HeO+H；是人工核反应方程，是发现质子的核反应方程故A错误；B、方程UTh+He，是U原子核分裂并只放射出氦原子核的反应过程，属于衰变故B正确；C、方程H+HHe+n，是轻核的聚变反应故C错误；D、方程ThPa+e，释放出一个电子，是衰变的过程故D错故选：B3周期为2.0s的简谐横波沿x轴传播，该波在某时刻的图象如图所示，此时质点P沿y轴负方向运动，则该波（）A沿x轴正方向传播，波速v=2

3、0m/sB沿x轴正方向传播，波速v=10m/sC沿x轴负方向传播，波速v=20m/sD沿x轴负方向传播，波速v=10m/s分析：根据P点的速度方向可运用波形平移法判断波的传播方向由图读出波长，由v=求出波速解答：解：由题，此时P点向y轴负方向运动，根据平移法可知，波形将向右平移，则知，该波沿x轴正方向传播由图读出波长=20m，故波速v=m/s故B正确故选：B4假设地球和火星都绕太阳做匀速圆周运动，已知地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，那么（）A地球公转周期大于火星的公转周期B地球公转的线速度小于火星公转的线速度C地球公转的加速度小于火星公转的加速度D地球公转的角速度大于火星公转的角速度分析

4、：根据万有引力提供向心力=ma，解出线速度、周期、向心加速度以及角速度与轨道半径大小的关系，据此讨论即可解答：解：A、B、根据万有引力提供向心力，得，由此可知，轨道半径越大，线速度越小、周期越大，由于地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，所以v地v火，T地T火故AB错误C、据万有引力提供向心加速度，得：，可知轨道半径比较小的地球的向心加速度比较大故C错误；D、根据：T=，所以：，可知轨道半径比较小的地球的公转的角速度比较大故D正确故选：D5实验观察到，静止在匀强磁场中A点的原子核发生衰变，衰变产生的新核与电子恰在纸面做匀速圆周运动，运动方向和轨迹示意如图则（）A轨迹1是电子的，磁场方向垂直纸面

5、向外B轨迹2是电子的，磁场方向垂直纸面向外C轨迹1是新核的，磁场方向垂直纸面向里D轨迹2是新核的，磁场方向垂直纸面向里分析：静止的原子核发生衰变，根据动量守恒可知，发生衰变后粒子与反冲核的运动方向相反，动量的方向相反，大小相等由半径公式r=，P是动量，分析两个粒子半径轨迹半径之比解答：解：原子核发生衰变时，根据动量守恒可知两粒子的速度方向相反，动量的方向相反，大小相等；由半径公式r=（P是动量），分析得知，r与电荷量成反比，粒子与新核的电量大小分别为e和ne（n为新核的电荷数），则粒子与新核的半径之比为：ne：e=n：1所以半径比较大的轨迹1是衰变后粒子的轨迹，轨迹2是新核的新核沿逆时针方向运

6、动，在A点受到的洛伦兹力向左，由左手定则可知，磁场的方向向里由以上的分析可知，选项D正确，ABC错误故选：D6 “蹦极”运动中，长弹性绳的一端固定，另一端绑在人身上，人从几十米高处跳下将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，下列分析正确的是（）A绳对人的冲量始终向上，人的动量先增大后减小B绳对人的拉力始终做负功，人的动能一直减小C绳恰好伸直时，绳的弹性势能为零，人的动能最大D人在最低点时，绳对人的拉力等于人所受的重力分析：从绳子绷紧到人下降到最低点的过程中，开始时人的重力大于弹力，人向下加速；然后再减速，直至速度为零；再反向弹回；根据动量及功的知识可明确

7、动量、动能和弹性势能的变化解答：解：A、由于绳对人的作用力一直向上，故绳对人的冲量始终向上，由于人在下降中速度先增大后减小；故动量先增大后减小；故A正确；B、在该过程中，拉力与运动方向始终相反，绳子的力一直做负功；但由分析可知，人的动能先增大后减小；故B错误；C、绳子恰好伸直时，绳子的形变量为零，弹性势能为零；但此时人的动能不是最大，故C错误；D、人在最低点时，绳子对人的拉力一定大于人受到的重力；故D错误故选：A7如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A，R1的阻值等于电流表阻的； R2的阻值等于电流表阻的2倍若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱

8、1的电流值，则下列分析正确的是（）A将接线柱 1、2 接入电路时，每一小格表示0.04AB将接线柱 1、2 接入电路时，每一小格表示0.02AC将接线柱 1、3 接入电路时，每一小格表示0.06AD将接线柱 1、3 接入电路时，每一小格表示0.01A专题：恒定电流专题分析：对电路结构进行分析，再根据串并联电路规律即可明确流过1的电流大小，再根据比例即可求出每一小格所表示的电流大小解答：解：AB、当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A，故量程为1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；故AB错误；CD、当接线柱1、3接入电路时，A与

9、R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A；故每一小格表示0.06A；故C正确，D错误；故选：C8利用所学物理知识，可以初步了解常用的公交一卡通（IC卡）的工作原理及相关问题 IC卡部有一个由电感线圈L和电容C构成的LC振荡电路公交车上的读卡机（刷卡时“嘀”的响一声的机器）向外发射某一特定频率的电磁波刷卡时，IC卡的线圈L中产生感应电流，给电容C充电，达到一定的电压后，驱动卡芯片进行数据处理和传输下列说确的是（）AIC卡工作所需要的能量来源于卡的电池B仅当读卡机发射该特定频率的电磁波时，IC卡才能有效工作C若读卡机发射的电磁波偏离该特定频率，则线圈L中不会产生感应电流DIC卡只能接收读卡机

10、发射的电磁波，而不能向读卡机传输自身的数据信息分析：明确题意，根据电磁感应及电谐振规律进行分析，即可明确能量及IC卡的工作原理，即可解答本题解答：解：A、由题意可知，该能量来自于电磁感应，即人刷卡的机械能转化为电能；故A错误；B、为了使IC卡中的感应电流达最大，应使LC电路产生电谐振，故只有发射特定频率的电磁波时，IC卡才能有效工作；故B正确；C、若电磁波的频率偏离该频率，L中仍可出现感应电流，但不会达到电谐振；故C错误；D、IC卡接收到读卡机发射的电磁波，同时将自身数据信息发送给读卡机进行处理；故D错误故选：B9 “测定玻璃的折射率”的实验中，在白纸上放好玻璃砖，aa和bb分别是玻璃砖与空气

11、的两个界面，如图所示，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和 P2，用“+”表示大头针的位置，然后在另一侧透过玻璃砖观察，并依次插上大头针P3和P4在插P3和P4时，应使（）AP3只挡住P1的像BP4只挡住P2的像CP3同时挡住P1、P2的像专题：实验题；光的折射专题分析：根据实验的原理，连接P1、P2表示入射光线，连接P3、P4表示出射光线，连接两光线与玻璃砖的交点，即为折射光线，才能作出光路图解答：解：根据实验的原理，连接P1、P2表示入射光线，连接P3、P4表示出射光线，连接两光线与玻璃砖的交点，即为折射光线实验的过程中，要先在白纸上放好玻璃砖，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2，然后在

12、玻璃砖另一侧观察，调整视线使P1的像被P2的像挡住，接着在眼睛所在一侧相继又插上两枚大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2的像，使P4挡住P3和P1、P2的像故AB错误，C正确故选：C二解答题（共4小题）10用单摆测定重力加速度的实验装置如图1所示（1）组装单摆时，应在下列器材中选用AD（选填选项前的字母）A长度为1m左右的细线B长度为30cm左右的细线C直径为1.8cm的塑料球D直径为1.8cm的铁球（2）测出悬点O至小球球心的距离（摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t，则重力加速度g=（用L、n、t 表示）（3）如表是某同学记录的3组实验数据，并做了部分计算处理组次123摆长L/cm8

13、0.0090.00100.0050次全振动时间t/s90.095.5100.5振动周期T/s1.801.91重力加速度g/（ms2）9.749.73请计算出第3组实验中的T=2.01s，g=9.76m/s2（4）用多组实验数据做出T2L图象，也可以求出重力加速度g，已知三位同学做出的T2L图线的示意图如图2中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b对应的g值最接近当地重力加速度的值则相对于图线b，下列分析正确的是B（选填选项前的字母）A出现图线a的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长LB出现图线c的原因可能是误将49次全振动记为50次C图线c对应的g值小于图线b对应的g值

14、（5）某同学在家里测重力加速度，他找到细线和铁锁，制成一个单摆，如图3所示，由于家里只有一根量程为30cm的刻度尺，于是他在细线上的A点做了一个标记，使得悬点O到A点间的细线长度小于刻度尺量程保持该标记以下的细线长度不变，通过改变O、A间细线长度以改变摆长实验中，当O、A间细线的长度分别为l1、l2时，测得相应单摆的周期为T1、T2由此可得重力加速度g=（用l1、l2、T1、T2表示）分析：（1）根据实验要求，摆长1m左右，体积较小的实心金属球；（2）根据单摆周期公式T=2求解g的表达式（3）单摆完成N次全振动的时间为t，所以T=，根据g=即可计算出重力加速度；（4）根据单摆的周期公式变形得出

15、T2与L的关系式，再分析T2L图象中g与斜率的关系，得到g的表达式根据重力加速度的表达式，分析各图线与b之间的关系（5）根据单摆的周期公式T=2分两次列式后联立求解即可解答：解：（1）单摆在摆动过程中阻力要尽量小甚至忽略不计，所以摆球选钢球；摆长不能过小，一般取1m左右故A、D正确，B、C错误故选：AD（2）单摆完成N次全振动的时间为t，所以T=，测得悬点O至小球球心的距离（摆长）L，根据T=2解得：g=；（3）单摆完成N次全振动的时间为t，所以T=s，根据公式：g=（4）根据单摆的周期公式T=2得，T2=，根据数学知识可知，T2L图象的斜率k=，当地的重力加速度g=A、若测量摆长时忘了加上摆

16、球的半径，则摆长变成摆线的长度l，则有T2=，根据数学知识可知，对T2L图象来说，T2=与b线T2=斜率相等，两者应该平行，是截距；故做出的T2L图象中a线的原因可能是误将悬点到小球上端的距离记为摆长L故A错误；B、实验中误将49次全振动记为50次，则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，图线的斜率k偏小故B正确；C、由图可知，图线c对应的斜率k偏小，根据T2L图象的斜率k=，当地的重力加速度g=可知，g值大于图线b对应的g值故C错误故选：B（5）根据单摆的周期公式T=2，有：第一次：T1=2第二次：T2=2联立解得：g=故答案为：（1）AD；（2）；（3）2.01，9.76；（4）B

17、；（5）11如图所示，足够长的平行光滑金属导轨水平放置，宽度L=0.4m，一端连接R=1的电阻导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=1T导体棒MN放在导轨上，其长度恰好等于导轨间距，与导轨接解良好导轨和导体棒的电阻均可忽略不计在平行于导轨的拉力F作用下，导体棒沿导轨向右匀速运动，速度v=5m/s求：（1）感应电动势E和感应电流I；（2）在0.1s时间，拉力的冲量IF的大小；（3）若将MN换为电阻r=1的导体棒，其它条件不变，求导体棒两端的电压U分析：（1）由E=BLv求出导体棒切割磁感线产生的感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，根据右手定则判断感应电流的方向；（2）由F=BIL求出

18、导体棒受到的安培力，由左手定则判断出安培力的方向，然后由平衡条件求出拉力，并确定拉力的方向，由I=Ft计算出拉力的冲量；（3）将MN换为电阻r=1的导体棒时，由闭合电路的欧姆定律求出电流，然后由U=IR即可求出导体棒两端的电压解答：解：（1）由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势为： E=BLv=10.45V=2.0V 感应电流为： I=A=2A 根据右手定则得导体棒MN中电流的流向为：NM； （2）由左手定则判断可知，MN棒所受的安培力方向向左导体棒匀速运动，安培力与拉力平衡，则有： F=BIL=120.4N=0.8N，拉力的冲量：IF=Ft=0.80.1=0.08Ns（3）将MN换为电阻r=

19、1的导体棒，电路中的电流：I=A=1A由欧姆定律：U=IR=11=1V答：（1）感应电动势是2.0V，感应电流是2A，方向导体棒MN中电流的流向为：NM；（2）在0.1s时间，拉力的冲量IF的大小是0.08Ns；（3）若将MN换为电阻r=1的导体棒，其它条件不变，导体棒两端的电压是1V12如图所示，弹簧的一端固定，另一端连接一个物块，弹簧质量不计，物块（可视为质点）的质量为m，在水平桌面上沿x轴运动，与桌面间的动摩擦因数为，以弹簧原长时物块的位置为坐标原点O，当弹簧的伸长量为x时，物块所受弹簧弹力大小为F=kx，k为常量（1）请画出F随x变化的示意图；并根据Fx图象求物块沿x轴从O点运动到位置

20、x的过程中弹力所做的功（2）物块由x1向右运动到x3，然后由x3返回到x2，在这个过程中，a求弹力所做的功，并据此求弹性势能的变化量；b求滑动摩擦力所做的功；并与弹力做功比较，说明为什么不存在与摩擦力对应的“摩擦力势能”的概念分析：（1）由胡克定律可得出对应的公式，则可得出对应的图象；再根据vt图象中面积表示移进行迁移应用，即可求得弹力做功；（2）a、根据（1）中求出功的公式可分别求出两过程中弹力做功，即可求出总功，再由功能关系求解弹力做功情况；b、根据摩擦力的特点求解摩擦力的功，通过比较可明确能不能引入“摩擦力势能”解答：解：（1）Fx图象如图所示；物块沿x轴从O点运动到位置x的过程中，弹力

21、做负功：Fx图线下的面积等于弹力做功大小；故弹力做功为：W=kxx=kx2（2）a、物块由x1向右运动到x3的过程中，弹力做功为：WT1=（kx1+kx3）（x3x1）=kx12kx32；物块由x3运动到x2的过程中，弹力做功为：WT2=（kx2+kx3）（x3x2）=kx32kx22；整个过程中弹力做功：WT=WT1+WT2=kx12kx22；弹性势能的变化量为：EP=WT=kx22kx12；b、整个过程中，摩擦力做功：Wf=mg（2x3x1x2）比较两力做功可知，弹力做功与实际路径无关，取决于始末两点间的位置；因此我们可以定义一个由物体之间的相互作用力（弹力）和相对位置决定的能量弹性势能；

22、而摩擦力做功与x3有关，即与实际路径有关，因此不能定义与摩擦力对应的“摩擦力势能”答：（1）图象如图所示；弹力做功为：kx2；（2）弹性势能的变化量为kx22kx12；摩擦力做功：Wf=mg（2x3x1x2）；不能引入“摩擦力势能”13真空中放置的平行金属板可以用作光电转换装置，如图所示光照前两板都不带电以光照射A板，则板中的电子可能吸收光的能量而逸出假设所有逸出的电子都垂直于A板向B板运动，忽略电子之间的相互作用保持光照条件不变，a和b为接线柱已知单位时间从A板逸出的电子数为N，电子逸出时的最大动能为Ekm元电荷为e（1）求A板和B板之间的最大电势差Um，以及将a、b短接时回路中的电流I短（

23、2）图示装置可看作直流电源，求其电动势E和阻r（3）在a和b之间连接一个外电阻时，该电阻两端的电压为U外电阻上消耗的电功率设为P；单位时间到达B板的电子，在从A板运动到B板的过程中损失的动能之和设为Ek请推导证明：P=Ek（注意：解题过程中需要用到、但题目没有给出的物理量，要在解题中做必要的说明）分析：（1）当电容器的电压达到最大值时，电子到上极板后速度刚好减小为零，根据动能定理列式求解最大电压；短路时单位时间有N个电子到达上极板，根据电流的定义求解电流强度；（2）电源电动势等于断路时的路端电压，根据闭合电路欧姆定律求解电源的电阻；（3）根据电流的定义公式求解电流表达式，根据P=UI求解外电阻

24、消耗的电功率，根据动能定理求解单位时间发射的光电子的动能的减小量后比较即可解答：解：（1）由动能定理，有：Ekm=eUm，解得：Um=短路时所有溢出电子都到达B板，故短路电流：I短=Ne（2）电源电动势等于断路时的路端电压，即上面求出的Um，故：E=Um=电源的电阻：r=（3）电容器两端的电压为U，则电源两端的电压也为U；由动能定理，一个电子经过电源部电场后损失的动能为：Eke=eU设单位时间有N个电子到达B板，则损失的动能之和为：Ek=NeU根据电流的定义，此时电流：I=Ne此时流过电阻的电流也为I=Ne，外电阻上消耗的电功率：P=UI=NeU故P=Ek答：（1）A板和B板之间的最大电势差为，以及将a、b短接时回路中的电流为Ne（2）图示装置可看作直流电源，则其电动势E为，阻r为（3）证明如上