专题12 化学计算.docx

1、专题12 化学计算绝密启用前 2012届高三化学二轮精品专题卷：专题12 化学计算考试范围：化学计算相对原子质量：C：12 N：14 O：16 Na：23 Mg：24 Al：27 K：39 Fe：56 Cu：64（1）选择题（本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）1设NA为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是 （ ）A标准状况下，将22.4L氯化氢溶于足量水中，溶液中含有的HCl分子数为NAB常温常压下，16g14CH4所含中子数目为8NAC常温常压下，Na2O2与足量H2O反应，共生成0.2molO2，转移电子的数目为0.4NAD标准状况

2、下，22.4L空气含有NA个单质分子2在体积一定的密闭容器中放入1L气体R和3L气体Q，在一定条件下发生反应R(g)3Q(g)=X(g)nY(g)，反应完全后，容器温度不变，混合气体的压强是原来的75%，则化学方程式中n的值是 （ ）A2B3C4D53在aL浓度为c mol/L的AgNO3溶液中加入一定体积的pH=1的盐酸时，恰好使溶液中Ag+完全沉淀，此时得到pH=2的溶液100mL（设反应前后溶液体积变化忽略不计），则c的值是 （ ）A0.0020B0.011C0.11D0.224铜既不溶于稀硫酸，也不溶于NaNO3溶液，但可溶于其混合液。已知某200mL的1mol/L硫酸溶液中含有0.6

3、mol/LNaNO3，理论上最多溶解Cu的质量是 （ ）A19.2gB11.52gC5.76gD9.6g5将MgCu合金11.2g完全溶解于硝酸中，反应产生的X气体，再向所得溶液中加入NaOH溶液，恰好完全反应时产生21.4g沉淀，根据题意推断X气体的成份可能是 （ ）A0.3molNOB0.2molNO2和0.1molN2O4C0.1molNO、0.2molNO2和0.05molN2O4D0.1molNO、0.1molNO2和0.2molN2O4（1）有KOH和Ca(OH)2的混合溶液，pH=13。取此溶液500 mL，向其中通入CO2，通入CO2的体积（V）和生成沉淀的物质的量（n）的关系

4、如下图所示。图中（V1）为112mL（标准状况），则图中V2、V3的体积（单位为mL）分别是 （ ）A560、672 B1008、1120 C2240、2352 D392、5047将18g铜和铁的混合物投入200mL稀硝酸中，充分反应后得到标准状况下2.24LNO，剩余9.6g金属；继续加入200mL等浓度的稀硝酸，金属完全溶解，又得到标准状况下2.24LNO。若向反应后的溶液中加入KSCN溶液，溶液不变红，则下列说法正确的是 （ ）A原混合物中铜和铁各0.15molB稀硝酸的物质的量浓度为1mol/LC第一次剩余9.6g金属为铜和铁D再加入上述200mL稀硝酸，又得到标准状况下2.24LNO

5、8用两支惰性电极插入CuSO4溶液中，通直流电电解，当有110-3mol的OH-放电时，溶液显浅蓝色，则下列叙述正确的是 （ ）A阳极上析出3.6mLO2（标准状况） B阴极上析出32mgCuC阴极上析出11.2mLH2（标准状况）D阳极和阴极质量都无变化9下列各组混合物中，无论以何种比例混合，取nmol使之充分燃烧，耗氧量为定值的是 （ ）AC2H2、C2H4O2BC2H4、C3H6OCC2H4、C2H6ODC6H12O6、C2H4O2 10某同学参阅了“84消毒液”说明中的配方，欲用NaClO固体自己配制480mL含NaClO25%密度为1.19g/cm3的消毒液。下列说法正确的是 （ ）

6、A配制过程只需要三种仪器即可完成B容量瓶用蒸馏水洗净、必须烘干后才能用于溶液的配制C所配得的NaClO消毒液在空气中光照久置后溶液中NaClO物质的量浓度减小D需要称量的NaClO固体的质量为140g11由氧化铜、氧化铁组成的混合物ag，加入2molL-1的硫酸50mL时固体恰好完全溶解。若将ag该混合物在足量的一氧化碳中加热充分反应，冷却后固体质量减少为 （ ）A1.6gB(a-1.6)gC(a-3.2)gD无法计算12下列说法或计算正确的是 （ ）A采用加热蒸发溶剂的方法可以使浓度为4molL-1的盐酸溶液的浓度变为8molL-1B把100g20%的NaCl溶液跟100gH2O混合后，Na

7、Cl溶液的质量分数是10%C将2.3gNa投入到97.7g水中充分反应，所得溶液的质量分数为4.0%D已知某温度下KNO3的溶解度是31.6g，该温度下将20gKNO3溶解于50g水中，充分溶解，获得溶液的质量分数是28.6%13一定条件下，将NO2与SO2以23的体积比置于密闭容器中发生上反应：NO2(g)+SO2(g)SO3(g)+NO(g)，测得上述反应平衡时NO2与SO2体积比为14，则平衡时SO2(g)的转化率是 （ ）A1/2 B3/4 C5/9 D2/31. 将一定质量的Mg和Al的混合物投入500mL稀硫酸中，固体全部溶解并产生气体。待反应完全后，向所得溶液中加入NaOH溶液，

8、生成沉淀的物质的量与加入NaOH溶液的体积关系如下图所示，则下列说法不正确的是（ ）AMg和Al的总质量为9gB硫酸的物质的量浓度为4mol/LCNaOH溶液的物质的量浓度为5mol/LD生成的H2在标准状况下的体积为11.2L二、非选择题（本题共7题，共58分。）15（8分）随着社会的发展，工作、生活的节奏越来越快，无论在办公室还是居室里，在漂亮的花瓶中插上一束美丽的鲜花，将会给紧张而又忙碌的工作、生活带来轻松和愉悦的心情。如果在花瓶中加入“鲜花保鲜剂”，就会延长鲜花的寿命。下表是1L“鲜花保鲜剂”的成分，阅读后回答下列问题：成分质量(g)摩尔质量(molL-1)蔗糖50.00342硫酸钾0

9、.50174阿司匹林0.35180高锰酸钾0.50158硝酸银0.04170（1）“鲜花保鲜剂”中物质的量浓度最大的成分是 （填写名称）。（2）“鲜花保鲜剂”中K+的物质的量浓度为（阿司匹林中不含K+） （只要求写表达式，不需计算）molL-1。（3）配制上述lL“鲜花保鲜剂”所需的仪器有：托盘天平、烧杯、玻璃棒、药匙、 、 （在横线上填写所缺仪器的名称）。（4）配制过程中，下列操作配制结果没有影响的是 （填字母）。A容量瓶在使用前未干燥，里面有少量蒸馏水B定容时仰视液面C容量瓶在使用前刚刚配制完一定物质的量浓度的NaC1溶液而未洗净D定容摇匀后发现液面低于容量瓶的刻度线，但未做任何处理（5）

10、欲确定“鲜花保鲜剂”中硝酸银的浓度，可加入的试剂中含有 。（填化学符号）16（5分）氮有多种氧化物，其中有一种无色气体，在空气中迅速变成红棕色，在一定条件下，2L的该无色气体与0.5L的氧气相混合，若该混合气体被足量的NaOH溶液完全吸收后没有气体残留，所生成的含氧酸盐的化学式是 。17（9分）工业上将纯净干燥的氯气通人到0.5mol/L NaOH溶液中得到漂水。某同学想在实验室探究Cl2性质并模拟制备漂水，下图是部分实验装置。已知KMnO4与盐酸反应可以制取Cl2。（1）配制480 mL物质的量浓度为0.5 mol/L NaOH溶液时，主要用到的玻璃仪器有烧杯、玻璃棒、胶头滴管、量筒和 。需

11、称量的NaOH的质量是 。（2）浓硫酸的作用是 。（3）装置E中发生化学反应的离子方程式为 。（4）实验时装置D中的现象是 。（5）氯元素含量为10%的漂水溶液355g，其中含NaClO的物质的量为 mol。18.（14分）物质A有如下图所示转化关系，其中甲由两种单质直接化合得到；B为红棕色固体；C为无色气体，是形成酸雨的大气污染物之一；D的水溶液加入用硝酸酸化的AgNO3溶液，有白色沉淀生成，乙为金属单质，常温下，它在G的浓溶液中发生钝化，F的溶液中只含有一种溶质（有的反应可能在水溶液中进行，有的反应的生成物未全部给出，反应条件也未注明）。回答下列问题：（1）工业上，反应I的化学方程式为 。

12、（2）D和乙反应的离子方程式为 。（3）请简述检验D溶液中阳离子的方法 。（4）若A的相对分子质量为120，反应、均为完全转化。现取m克含A及少量杂质的样品，按上述过程充分反应后（杂质不参与反应），得到密度为g/cm3，溶质质量分数为a%的G溶液nmL。则该样品中A的质量分数 （列出计算式即可）。19（7分）丙酸盐是安全有效的防霉、防腐剂，一种以碱式碳酸锌为原料的工艺流程如下：序号n（丙酸）n（碱式碳锌）反应温度/丙酸锌产率/%110.256067.2210.258083.5310.2510081.4410.316089.2510.318090.1610.3110088.8（1）探究本实验中最

13、佳工艺条件（见上表）：反应时间2h，用水量45g，n（丙酸）n（碱式碳酸锌）=1 ，反应温度 。（2）某次实验时，将37.0g丙酸溶于220mL水中，按上述流程在上述优化的条件下制备，最终得产品丙酸锌49.6g，则该次实验丙酸锌的产率为 。（3）本工艺采用“闭路循环”方式，除具有制备工艺简便、产率高外，还具有 的优点。20.（8分）磷、硫元素的单质和化合物应用广泛。（1）磷酸钙与焦炭、石英砂混合，在电炉中加热到1500生成白磷，反应为：2Ca3(PO4)2+6SiO2 = 6CaSiO3+P4O10 10C+P4O10 = P4+10CO每生成1molP4时，就有 mol电子发生转移。（2）硫

14、代硫酸钠（Na2S2O2）是常用的还原剂。在维生素C（化学式C6H8O6）的水溶液中加入过量I2溶液，使维生素完全氧化，剩余的I2用Na2S2O2溶液滴定，可测定溶液中维生素C的含量。发生的反应为：C6H8O6+I2 = C6H6O6+2H+2I- 2S2O32-+I2 = S4O62-+2I-，在一定体积的某维生素C溶液中加入amol/LI2溶液V1mL，充分反应后，用Na2S2O2溶液滴定剩余的I2，消耗bmol/LNa2S2O2溶液V2mL。该溶液中维生素C的物质量是 mol。（3）在酸性溶液中，碘酸钠（KIO3）和亚硫酸钠可发生如下反应：2IO3-+5SO32-+2H+ = I2+5S

15、O42+H2，生成的碘可以用淀粉液检验，根据反应溶液出现蓝色所需的时间来衡量该反应的速率。某同学设计实验如下表所示：0.01mol/L KIO3，酸性溶液（含淀粉）的体积/mL0.01mol/L Na2SO3溶液的体积/mLH2O的体积/mL实验温度/溶液出现蓝色时所需时间/s实验15V13525实验2554025实验355V20该实验的目的是 ，表中V2= mL。21（7分）我国是个钢铁大国，钢铁产量为世界第一，高炉炼铁是最为普遍的炼铁方法。某种矿石中铁元素以氧化物FemOn的形式存在，现进行如下实验：将少量铁矿石样品粉碎，称取25.0g样品于烧杯中，加入稀硫酸充分溶解，并不断加热、搅拌，滤

16、去不溶物。向所得滤液中加入10.0g铜粉充分反应后过滤、洗涤、干燥得剩余固体3.6g。剩下滤液用浓度为2molL-1的酸性KMnO4滴定，至终点时消耗KMnO4溶液体积25.0mL。提示：2Fe3+Cu = 2Fe2+Cu2+ 8H+MnO4-5Fe2+ = Mn2+5Fe3+4H2O（1）计算该铁矿石中铁元素的质量分数。（2）计算氧化物FemOn的化学式（m、n为正整数）。2012届专题卷化学专题十二答案与解析1【命题立意】本题考查阿伏加德罗常数、电离、分子与原子结构、氧化还原等知识。【思路点拨】解答本题需要掌握以下几个关键的知识点：（1）原子、Na2O2晶体的组成。（2）气体摩尔体积与状态

17、的关系。（3）氯气与碱的反应中电子转移数目的计算。【答案】C【解析】盐酸溶液中不存在氯化氢分子，A选项错误；16g14CH4的物质的量为16/18=0.89mol，含有的中子数为：0.89mol8=7.1mol，B选项错；Na2O2与足量H2O反应，共生成0.2molO2，O的化合价由-1价转变为0价，转移电子1mol，0.220.4NA，C选项正确；空气是多种气体的混合物，不只是单质，D选项错。2【命题立意】本题考查阿伏加德罗定律。【思路点拨】解答本题需要掌握过量计算和差量法。【答案】A【解析】由题知混合气体压强减小，所以反应是一个体积减小的反应，由于气体R完全反应，所以有3-n=1，n=2

18、，故选A。3【命题立意】本题考查离子反应。【思路点拨】从离子反应的角度认识该反应的实质是Cl-和Ag+的反应，而H+的物质的量没有变化。【答案】B【解析】AgNO3HCl = AgClHNO3。最终溶液pH=2，所以c(H+)=110-2mol/L，HNO3=H+NO3-，加入盐酸pH=1，c(H+)=1101 mol/L，反应前后n(H+)不变，所以反应前V（HCl）=10mL，所以a=90mL，AgNO3与HCl反应，物质的量比为11，则有等式a=c10-3，解c=0.011 mol/L。故B正确。4【命题立意】本题考查NO3的氧化性及根据化学方程式的计算。【思路点拨】解决本题关键就是过量

19、计算。【答案】D【解析】3Cu8H+2NO3-= 3Cu2+2NO4H2O，此时n(H+)=0.4mol，n(NO3-)=0.12mol，此时n(H+)不足，按n(H+)计算得n(Cu)=0.15mol，m(Cu)=9.6 g,故D选项正确。5【命题立意】本题考查氧化还原反应中的电子得失守恒。【思路点拨】解决本题的关键点是：（1）MgCu合金与沉淀的组成关系。（2）Mg和Cu失去的电子数与OH-的数目的关系。【答案】C【解析】本题考查化学计算。Mg和Cu反应生成Mg(OH)2和Cu(OH)2，增加的质量就是OH-的质量，即m(OH-)=21.4g-11.2g=10.2g，则n(OH-)=0.6

20、mol，且Mg和Cu失去的电子数等于OH-的数目，然后逐项分析电子转移数目，A中是0.9mol，B中是0.4mol，C中是0.6mol，D中是0.8mol，选C。6【命题立意】本题考查沉淀与溶解的图象题。【思路点拨】解决本题的关键就是通过图象分析出每一阶段所发生的化学反应是什么?【答案】B【解析】由题知反应的先后顺序依次为：Ca(OH)2+CO2 = CaCO3+H2O；2KOH+CO2 = K2CO3+H2O；K2CO3+H2O+CO2 = 2KHCO3；CaCO3+H2O+CO2 = Ca(HCO3)2。、消耗CO2相同，、消耗CO2相同；、反应实质为中和反应，消耗n(CO2)=0.1mo

21、l/L0.5L/222400mL/mol=560mL，其中反应消耗112mL，反应消耗560mL-112mL=448mL，V2时反应进行到消耗CO2共计560mL+448mL=1008mL，进而求出V3=1008mL+112mL=1120mL。7【命题立意】本题考查金属与硝酸反应的定量计算。【思路点拨】解决本题的关键点有：（1）氧化还原反应中得失电子守恒。（2）摩尔质量的计算方法。（3）NO3-在酸性条件下能将Fe2+氧化。【答案】A【解析】第一次加硝酸时金属有剩余，无论参加反应的是铁还是铁和铜，溶解的8.4g金属均被氧化到+2价：3Fe(或3Cu)+8HNO3 = 3Fe(NO3)2或3Cu

22、(NO3)2+2NO+4H2O，金属的物质为(2.24/22.4)(3/2)mol=0.15mol，则第一次溶解的金属的摩尔质量为56g/mol，是铁。第二次加硝酸后的溶液不能使KSCN溶液变红，溶解的9.6g金属也一定被氧化到+2价，同理可得其物质的量为0.15mol，金属摩尔质量为64g/mol，是铜。c(HNO3)=(2.24/22.4)4/0.2mol/L=2mol/L。若金属完全溶解后再加200mL稀硝酸，反应为3Fe2+4H+NO3- = 3Fe3+NO+2H2O，经判断H+过量，生成的NO在标准状况下体积为0.15(1/3)22.4L=1.12L，故B、C、D错误，A正确。8【命

23、题立意】本题考查电解计算。【思路点拨】解决本题的关键是电路中得失电子的物质的量相同。【答案】B【解析】用惰性电极电解CuSO4溶液时，电极反应为，阴极：2Cu24e-=2Cu，阳极：4OH-4e-=O22H2O。当有110-3mol的OH-放电时，生成标准状况下的O2为5.6 mL，此时转移电子为1.010-3mol，根据得失电子守恒则在阴极上析出32mgCu。9【命题立意】本题考查有机物燃烧规律的计算。【思路点拨】有机物耗氧规律的应用。【答案】C【解析】A项中C2H2和C2H4O2分别完全燃烧时，每1mol耗O2分别为2.5mol、2mol。B项中C2H4、C3H6O分别完全燃烧时，每1mo

24、l耗O2分别为3mol、4mol。而C2H4和C2H6O分别完全燃烧时，每1mol都耗O2 3mol，故选C。D项中每1molC6H12O6、C2H4O2耗O2分别为7.5mol、2mol，故不合题意。或者将分子式改写：A项为：C2H2、C2(H2O)2；B项为：C2H4、C3H4(H2O)；C项为：C2H4、C2H4(H2O)。可观察出C选项中的二者等物质的量时耗氧量相同。10【命题立意】本题考查一定体积的物质的量浓度溶液的配制。【思路点拨】解决本题的关键点是：（1）配制的步骤与所需的仪器。（2）误差的来源与分析。（3）浓度与体积的关系。【答案】C【解析】配制过程需要的仪器有：500mL容量

25、瓶、烧杯、玻璃棒、胶头滴管等，A错误；将烧杯中的溶液转移到容量瓶中后还要继续加水定容，所以容量瓶内有少量蒸馏水不会带来误差，B错误；NaClO会与空气中的CO2反应生成次氯酸，C正确；需要480mL的溶液需配制500mL，所需NaClO固体的质量为500mL1.19g/cm325%=148.75g，D错误。11【命题立意】本题考查守恒计算。【思路点拨】解决本题的关键就是原混合物与最后固体质量的差。【答案】A【解析】Fe2O3+6H+ 2Fe3+3H2O；CuO+2H+ = Cu2+H2O。金属氧化物的混合物可看成两部分：金属元素+氧元素。氧化物被H+溶解，氧元素与H+结合成H2O，H+的物质的

26、量是0.2mol，结合的O原子共有0.1mol，即原来的混合物中共有1.6g氧元素与一氧化碳结合成CO2，剩余的质量就是金属的质量。12【命题立意】本题考查溶液的组成及有关计算。【思路点拨】解决本题的关键是把握物质的量浓度、质量分数、溶解度的含义，结合物质的性质尤其是特性，综合分析。【答案】B【解析】因为HCl比水更容易挥发，所以加热蒸发，浓度更低，A项错误；，B项正确；钠与水反应，溶质变为了4.0NaOH，由于生成了氢气，使总质量小于100g，则溶液的质量分数应大于4.0%，C项错误；根据KNO3的溶解度，50g水最多溶解15.8gKNO3，所以20gKNO3没有溶解完全，得到的是饱和溶液，

27、D项错误。13【命题立意】本题考查化学平衡的计算。【思路点拨】熟练运用“三段法”进行计算。【答案】C【解析】设NO2的物质的量为2mol，则SO2的物质的量为3mol，参加反应的NO2的物质的量为xmol。 NO2SO2 = SO3NO起始： 2 3 0 0转化： x x x x平衡： 2-x 3-x x x依题得：(2-x)(3-x)=14，计算得出：x=5/3，则平衡时SO2(g)的转化率是5/9。14【命题立意】本题考查对Mg2+和Al3+沉淀的图象分析题。【思路点拨】解决本题的关键是分析图象中每一段所发生的反应，尤其是曲线下降阶段的反应。【答案】D【解析】根据图象分析，中和过量的酸，消

28、耗NaOH溶液20mL；沉淀Mg2+和Al3+，消耗NaOH为200mL-20mL=180mL；Al(OH)3溶解消耗NaOH为240mL-200mL=40mL；nMg(OH)2)=0.15mol，nAl(OH3=0.35mol-0.15mol=0.2mol。根据以上数据可计算：Mg、Al的总质量为：0.15mol24g/mol+0.2mol27g/mol=9g，A选项正确；根据氢氧化铝的溶解方程式Al(OH)3+NaOH = NaAlO2+2H2O可计算NaOH的物质的量浓度为：0.2mol/0.04L=5mol/L，C选项正确；沉淀最大量时，溶液中的溶质为Na2SO4，根据物料守恒可计算，

29、n(H2SO4)=2n(NaOH)=20.2L5mol/L=2mol，c(H2SO4)=2mol/0.5L=4mol/L，B选项正确；根据电荷守恒可计算2n(H2)=2n(Mg)+3n(Al)，n(H2)=n(Mg)+3n(Al)/2=0.15mol+30.2mol/2=0.45mol，V(H2)=0.45mol22.4mol/L=10.08L，D选项错误。15【命题立意】本题考查一定体积的物质的量浓度溶液的配制及误差分析。【思路点拨】解决本题的关键点是：（1）配制的步骤与所需仪器的关系。（2）物质的量浓度的基本计算。（3）误差的来源与分析。【解答】（1）蔗糖 （1分） （2）20.50/17

30、4+0.50/158 （2分） （3）1000 mL容量瓶 （1分） 胶头滴管（1分） （4）AD （2分） （5）Cl-（1分）【解析】（1）根据公式计算：c=n/V。（2）计算出硫酸钾和高锰酸钾中的K+的浓度。（3）根据实验步骤选择相应仪器。（4）A没影响；B中定容时仰视液面使溶液体积偏大，浓度偏小；C中的NaC1溶液会和硝酸银反应；D中液面低于容量瓶的刻度线说明部分液体残留于瓶口及瓶壁上，此时不用处理即可。16【命题立意】本题考查氧化还原反应中得失电子守恒的计算。【思路点拨】解决本题的关键是建立氧化剂与还原剂之间化合价升降（或电子得失守恒）的定量关系。【答案】NaNO2（5分）【解析】关系式4NOO2，O2得到4e-，则NO失去e-，化合价升高1变为+3价，所以含氧酸盐的化学式是NaNO2。17【命题立意】本题考查实验室制备氯气及其探究、计算。【思路点拨】解决本题需要注意的关键点是：（1）实验原理与每个装置的作用的关系。（2）理解氯气的漂白原理。【答案】（1）500mL容量瓶 （未标明容量的为0分）（1分） 10.0g （1分）（2）干燥氯气 （1分）（3）Cl22OH- = Cl-ClO-H2O （2分）（4）湿润