渭南市 教师能力测试 部分试题.docx

1、渭南市 教师能力测试 部分试题4、如图所示电路，电源两端电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从C点滑至B时，电压表V1的示数从U1变为U1，电压表V2的示数从U2变为U2，电流表A的示数从I变为I，下列判断正确的是A B|U1U1|U2U2|CU1U1，U2U2，II DU1U1，U2U2，II试题分析：和都是R1和R2两端的总电压除以通过它们的电流，得到的是它们的总阻值，应当相等。|U1U1|是R1和滑动变阻器两端总电压变化的大小，由于它们与R2串联，与R2两端电压变化的大小相等，|U2U2|是R1和R2两端总电压变化的大小，而R1和R2各自的电压是一起变大或变小，所以|U1U1|

2、U2U2|。滑片往右移，滑动变阻器接入电路的阻值变大，U1U1， II，由于电路中的电流减小，R1和R2两端的总电压减小，U2U2，选项C、D都错。9、如图所示，甲、乙、丙三个质量和底面积相等的容器放置于水平桌面上，容器内分别盛有等质量的液体，其中甲、乙容器中的液体密度相同，乙、丙容器中的液体深度相同。若将小球A放在甲容器的液体中，小球A静止时漂浮，此时液体对甲容器底部的压力为F1，桌面对甲容器的支持力为N1。若将小球A用一段不计质量的细线与乙容器底部相连，并使其浸没在乙容器的液体中，小球A静止时细线对小球的拉力为T1，液体对乙容器底部的压力为F2，桌面对乙容器的支持力为N2。若将小球A放在丙

3、容器的液体中，用一根不计质量的细杆压住小球A，使其浸没且不与容器底接触，小球A静止时细杆对小球的压力为T2，液体对丙容器底部的压力为F3，桌面对丙容器的支持力为N3。下列判断中正确的是AF1= F2，N1N2BF2F3，N2= N3+T2CF2F3，T1T2DF1F3，N1= N3-T2【解析】试题分析：A、甲乙原本液体对底面的压力：，S相等，乙深度h小，所以压力小，加入小球后，甲乙的液面都会上升，并且，乙中V排大，上升的多，但无法确定最终液体深度的大小关系，所以F1与F2大小无法比较；作为一个整体考虑，甲乙对桌面的压力都为：，因为三者都是相等的，所以压力相等，支持力N与压力是相互作用力，所以

4、，A错误；B、乙丙的液体质量相等，乙体积大于丙，所以，两次小球都浸没在液体中，V排相等，因为丙容器底大口小，所以液面上升的多，即，根据，丙液体密度大、深度大，所以压力大，即；作为一个整体考虑，桌面对乙的支持力为：；桌面对丙的支持力为：，故。B错误；C、同B分析：；C错误；，而浮力又等于：，根据B的分析：，所以在乙中浮力小，则；D、根据容器形状判断未放入小球时液体产生的压力，故：放入小球后增加的压力：，因为V排甲小于V排丙，再加上丙容器底大口小，所以，又因故增加的压力：，则，即；同B分析：，故D正确。故选D。16、水平地面上有一个轻质、薄壁的圆柱形容器，里面装有一定量的水。现将一正方体木块放在水

5、中，如图所示，木块的横截面积为S1，容器的底面积为S2，则水对容器底部压强的增加量p液与木块受到的浮力F浮的关系：Ap液F浮S1 Bp液F浮S2Cp液F浮S1 Dp液F浮S2【解析】试题分析：由于容器是圆柱形的，水对容器底的压力等于容器中液面以下全部装满水时，这部分水所受到的重力。水对容器底增加的压力，水对容器底压强的增加量。21、底面积为320cm2的圆柱形容器中装有某种液体。密度为0.6g/cm3的密度为4g/cm3、体积为100cm3的矿石B，沉在容器底部，所受浮力为0.8N，如图甲所示；将B从液体中取出后放在A上，静止时A恰好全部浸入液体中，如图乙所示。则甲、乙两种状态下，液体对容器底

6、部的压强变化了Pa。（g取10N/kg）100【解析】试题分析：甲图中，木块A漂浮在液面上，由二力平衡条件可知，F浮AGA;矿石B，沉在容器底部，所受浮力为F浮B=0.8N。乙图中，A和B作为一个整体漂浮在液面上，由二力平衡条件可知，F浮=GA+GB，则甲、乙两种状态下，浮力之差F浮=GB-F浮B=mBg-F浮B，因为mB=V=4g/cm3100cm3=400g=0.4kg，所以F浮=GB-F浮B=mBg-F浮B=0.4kg10N/kg-0.8N=3.2N，排开液体的体积之差V排 =F浮/液g=3.2N/1.0103kg/m310N/kg=3.210-4m3,液面上升的高度h=V排/s=3.2

7、10-4m3/3.210-2m2=0.01m,增大的压强p=gh=1.0103kg/m310N/kg0.01m=100Pa。22、如图甲所示是一种常见的电热水袋，图乙是它的结构示意图，其性能指标如下表所示额定电压额定加热功率指示功率袋内充水自动断电温度220V500W0.2W1kg65（1）由题意可知，红色指示灯L的电阻比发热体R的电阻要_（选填“大”或“小”）得多；（2）为了使用电热水袋更加安全，有的电热水袋里使用双重温控开关保护，也就是把两个温控开关_（选填“串联”或“并联”）起来使用；（3）当热水袋原来的温度是15时，在额定电压下加热10min指示灯就熄灭了，则此过程中水吸收的热量是_J

8、，电热水袋的发热效率为_c水=4.2103J/ 【解析】（1）由图可见，红色指示灯L和发热体R是并联的，两端电压相等，发热体的功率要比指示灯的功率大得多，根据电功率的计算P=，在电压U相等的情况下，功率P大的，电阻R反而小，因此发热体的电阻要小于指示灯的电阻故答案为：大（2）因为电热水袋里使用双重温控开关，也就是说只有这两个开关都闭合时，电热袋才可以工作，因此这两个开关是串联的故答案为：串联（3）热水袋中的水的质量m=1kg，温度从15升高到65，此过程中水吸收的热量是Q=cmt=4.2103J/（kg）1kg（65-15）=2.1105J消耗的电能是W=Pt=500W1060s=3105J则

9、该电热水袋的发热效率为=100%=100%=70%故答案为：2.1105；70%24、在“探究哪些因素影响滑轮组的机械效率”的实验中，某小组利用如图装置匀速提升钩码，测得了四组数据，如下表。前三次实验中，第次实验数据明显出现错误，应当剔除。第四次实验中，有用功是J，总功是J，滑轮组的机械效率为。若仅增加钩码的个数，该滑轮组的机械效率将（选填“增大”、“减小”或“不变”）。根据以上信息，可以判断出该小组设计这四次实验的目的是为了探究滑轮组的机械效率与是否有关。（1）3 （2）0.3 0.36 83.3% 增大（3）物体上升的高度【解析】试题分析：同一个装置绳子的有效股数是一定的，分别根据s=nh

10、求出前三次实验中的n，然后比较即可判断错误的数据根据W=Gh求出有用功，根据W=Fs求出总功，利用=100%求出第四次实验中滑轮组的机械效率；使用滑轮组时，做的额外功不变，增加钩码的个数，增大了有用功，因此机械效率会变大分析表格中各数据中变化的量，即可得出机械效率的变化是由哪个物理量的变化引起的（1）由实验数据可知，1、2两次实验绳端移动距离都是物体上升高度的3倍，可知此滑轮组由3段绳子承担物重，而第三次绳端移动距离与钩码上升高度的关系错误，所以应当删除（2）第四次实验：有用功：W有用=Gh=3N0.1m=0.3J，总功：W总=Fs=1.2N0.3m=0.36J，机械效率：=100%=83.3

11、%；整个滑轮组保持不变，即额外功不变因为对重物做的功为有用功，增加钩码的个数，即增大了有用功，故机械效率就会增大（3）由表格中数据可以看出，在4次实验中钩码上升的高度不断发生变化，所以是探究滑轮组机械效率与钩码上升的高度是否有关25、小明做“测定小灯泡电功率”的实验时，连接的实物电路如图甲所示，电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V（1）用笔画线替代导线，将实物电路连接完整（2）碰接电路的最后一根导线时，灯泡立即发光，而且很亮，则连接电路时存在的不规范或不妥当是：_；_（3）实验过程中，当电压表示数为2.5V时小灯泡正常发光，由图乙可知，此时电流表的示数为_A，小灯泡的额定功率为_W（4）

12、小明受此实验启发，想测定电动自行车上用作照明的LED（发光二极管）额定功率在老师的帮助下通过实验得到该LED的电流电压图象如图丙所示，查阅资料知道该LED的额定电压为3V，结合图象可得该LED的额定功率为_W小明进一步发现，在额定电压下工作时，LED比小灯泡亮，请对此现象作出解释_【解析】（1）小灯泡、电流表串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，电路图如图所示；故答案为：电路图如图所示（2）碰接电路的最后一根导线时，灯泡立即发光，而且很亮，是由于连接电路时，没有闭合开关，滑动变阻器接入电路的阻值不是滑动变阻器的最大阻值；故答案为：连接电路时没有断开开关；滑动变阻器阻值没有全部接入电路（3）由图乙

13、可知，电流表量程是0.6A，最小分度值是0.02A，电流表示数是0.3A，小灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.3A=0.75W；故答案为：0.3；0.75（4）由I-U图象可知，电压U=3V对应的电流I=24mA=0.024A，LED的额定功率P=UI=3V0.024mA=0.072W，LED工作时电能转化为光能的效率远大于小灯泡电能转化为光能的效率，因此在额定电压下工作时，LED比小灯泡亮；故答案为：0.072；LED的电能转化为光能的效率比白炽灯的要高得多28、小明利用“伏安法”测量定值电阻R的阻值。（1）请你添加一条导线，将图甲所示的电路连接完整；（2）电路连接正确后，闭合开关S，滑动

14、变阻器的滑片P滑动到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，电流表的示数如图丙所示，电阻R的阻值为。（1）见下图 （2）5【解析】试题分析：（1）由图可知，滑动变阻器未接入电路中，滑动变阻器接入电路时应“一上一下”，如上图；（2）由图可知：电压表的示数2.5V，电流表的示数为0.5A，则电阻R的阻值为R=U/I=2.5V/0.5A=5。29、小明利用弹簧测力计、细线、装有适量水的小桶，测量铁矿石的密度。以下是小明设计的实验步骤，请你按照他的实验思路，将实验步骤补充完整。（1）将装有适量水的小桶悬挂在弹簧测力计下方，待小桶静止时，读出弹簧测力计的示数F1，并记录在表格中；（2）用细线拴住铁矿石，将铁

15、矿石放入小桶中，手松开细线，铁矿石沉入桶底，待小桶静止时，读出弹簧测力计的示数F2，并记录在表格中；（3），待小桶静止时，读出弹簧测力计的示数F3，并记录在表格中；（4）已知水的密度为水，利用测量出的物理量和水计算铁矿石的密度石=，并将计算结果记录在表格中。（3）用手提起细线，使铁矿石仍浸没水中且不接触桶底和壁。（4）(F2- F1)水/(F3-F1)【解析】试题分析：因为小明的实验思路，是利用差值法测出铁矿石的重力和浸没水中时受到的浮力，所以（3）中的步骤是用手提起细线，使铁矿石仍浸没水中且不接触桶底和壁；（4）因为铁矿石的重力G=F2- F1，铁矿石受到的浮力F浮=F3-F1，且物体浸没时

16、，V排=V物，所以由G=mg=物V物g，F浮=G排液gV排，可得：石/水=G/F浮=F2- F1/F3-F1,即石=(F2- F1)水/(F3-F1)。32、电冰箱已经是普遍使用的家用电器（1）如图所示是电冰箱的三角插头和插座插头上标有字母的导线要和冰箱的金属外壳相连；冰箱正常工作时插头上标有字母L、N的两脚间的电压是V（2）某冰箱的输入总功率为120W，如果该冰箱压缩机每天工作8h，那么每天的耗电量是度请你说出一条使用冰箱时节约用电的具体措施：（3）将温度25、750mL的一瓶矿泉水放入冰箱冷藏室，温度降到5时，瓶内矿泉水放出的热量是J-1）（4）夏天打开冰箱门时，在冰箱门附近常常出现”白气

17、”，形成”白气”的物态变化过程是，这一过程热量（选填“吸收”或“放出”）冰箱冷冻室箱壁上会结一层厚厚的霜，形成霜的物态变化过程是（5）冰箱工作时虽然能够把冰箱内的内能从低温转移到高温环境，但这一过程是要消耗电能的这说明能量转移和转化是有性的（6）现代冰箱使用的是R134a、环丙烷等新式制冷剂，他不会对地球大气层上部的造成破坏，从而可以阻止阳光中过多的到达地面，避免地球生态环境的进一步恶化（1）三脚插头的E号脚与用电器外壳相连，当三脚插头插入三孔插座时，三脚插头的E号脚与三孔插座的E号相连，使金属外壳与大地相连通，这样若金属外壳的用电器外壳万一带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生

18、；L、N脚分别连接电路的零线和火线，两脚间的电压就是火线和零线之间的电压，即220V故答案为：E、220（2）电冰箱每天工作8h，消耗的电能为W=Pt=0.12kw8h=0.96kwh；根据冰箱的工作特点知，当冰箱内的温度降低到一定温度时，停止工作当冰箱内的温度升高到一定温度时，电冰箱又开始工作，所以尽量少开冰箱门，防止它温度升高故答案为：0.96、少开冰箱门（3）750mL的一瓶矿泉水的质量为m=V=1g/cm3750cm3=750g=0.75kg，温度从25降到5时，放出的热量Q=cmt=4.2103J/（kg）0.75kg（25-5）=6.3104J故答案为：6.3104（4）“白气”是

19、液态小水珠，“白气”的形成是水蒸气的液化现象，液化放热；冷冻室的内壁上还附着一层白色的霜，是冰箱内的水蒸气凝华成的小冰晶故答案为：液化、放热、凝华（5）能量的转化和守恒定律即指能量在转化和转移中总量保持不变，但能量在转化中具有方向性，电冰箱工作时电能转化成了压缩机的机械能；故答案为：方向（6）以前使用的大多数冰箱采用氟利昂作制冷剂，氟利昂大量使用会引起臭氧层破坏，臭氧层可以有效的阻挡紫外线的照射，避免生态环境的破坏，而现代的电冰箱使用的是R134a、环丙烷等新式制冷剂，则不会引起破坏故答案为：臭氧层、紫外线35、（）、小明用如下电路图所示的电路探究“电阻上的电流跟两端电压的关系”，如下右图是小

20、明未完成连接的实验电路。（7分）（1）、电压表应选择的量程；现要求滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大。请你按照对电压表量程的选择和对滑动变阻器连接的要求，用笔画线代替导线，完成上图中实验电路的连接。（2）、小明按要求正确连接电路后，闭合开关，发现电压表指针偏转到满刻度的位置。其原因可能是。（写出一个）（3）、小明在实验中通过调节滑动变阻器滑片，测出通过电阻R的不同电流和对应的电压值，如下表所示。U（V）0.51.01.61.92.53.0I（A）0.10.20.30.40.50.6、请根据表中数据在下图中画出电阻R的UI关系图像。、小明在实验中所用电阻R的阻值为；当通过的电流为0.5A时

21、，电阻R消耗的电功率为W。（4）、如果将实验电路中的电阻R更换成一个额定电压为3.8V、阻值约为10的小灯泡后，要进行“测量小灯泡的额定电功率”的实验，则对实验电路还必须进行怎样的改动_。（）、（3分）在探究“物体动能的大小跟哪些因素有关”的实验。实验步骤如下： A、让同一钢球从斜面上不同的高度由静止滚下，观察木块被撞击后移动的距离。 B、让不同质量的钢球从斜面上相同的高度由静止滚下，观察木块被撞击后移动的距离。回答下列问题：步骤A是为了研究动能大小与的关系。步骤B是为了研究动能大小与的关系。该实验中斜面的作用是为了控制钢球速度的大小，木块的作用是为了比较钢球的大小。（）、03V；电路连线如下

22、图所示；、电阻R处断路（滑动变阻器的阻值为零）；、图像如图所示；、5；1.25；、增加一节干电池（换一个电压高于3.8V的学生电源）；电压表换接015V的量程。（）、速度；质量；动能【解析】试题分析：（）（1）从实物图观察电源为两节干电池，电压为3V，所以电压表选择03V量程；滑片向左移动时，电流表示数增大，说明滑动变阻器接入电路的阻值减小，则滑动变阻器使用了左下角的接线柱；（2）电压表指针偏转到满刻度位置示数为3V，等于电源电压，此时应该是电阻R断路；（3）由于实验时存在误差，所以第3、4次实验的值有所偏差，这也在误差允许范围之内，连线时，以大多数的点为准；根据，算出各次实验所测出的电阻值分

23、别为：；，求平均值得：；当通过的电流为0.5A时，电阻R两端的电压为2.5V，它消耗的电功率为；（4）要测量额定电压为3.8V、阻值约为10的小灯泡的额定功率，电源电压应大于3.8V，所以要给电源增加一节干电池，并改变电压表的量程为015V；（）同一钢球质量一定，从斜面上不同的高度由静止滚下时，速度不同，所以这是为了研究动能大小与速度的关系；让不同质量的钢球从斜面上相同的高度由静止滚下时，速度相同，所以是为了研究动能大小与质量的关系；本实验中，钢球的动能是通过木块被撞得距离的远近来间接体现的。36、小张同学在学校的综合实践活动中，用圆柱形容器制作了一个可以测量物体质量的装置，它的底部较重，可以

24、竖直漂浮在水中，总质量为0.2千克、底面积为410-3米2。 不放物体时，在与水面所对应位置处标为质量“0”刻度线，如图甲所示，请解答下列问题：不放物体时，该装置所受的浮力是多大？在该装置中放入质量为0.8千克的物块，如图乙所示，则水面与容器下底面的距离h是多少？如果用该装置测量不同物体的质量，能在容器壁的刻度上直接读出，它的刻度是否均匀？为什么？某同学用圆柱形容器制作了一个测量物体质量的装置它的底部较重，可以竖直漂浮在水面，总质量为0.21kg，底面积为310-3m2，不放物体时，在与水面所对应位置处标为质量的“0”刻度线，如图请解答下列问题（g取10N/kg）（1）不放物体时该装置所受的浮

25、力是多大？（2）如图所示，在该装装置中放入一个体积为1.510-5m3的物块A，它的底部在水面下的深度h=0.11m此时，该装置受到的浮力是多大？与水面所对应位置处的刻度线应标为多少克？（3）物块A的密度是多少？【解析】（1）该装置的重力：G=mg=0.21kg10N/kg=2.1N，装置漂浮，F浮=G=2.1N；（2）放入A后，该装置排开水的体积：V=Sh=310-3m20.11m=3.310-4m3，所受浮力：F浮=水gV排=1.0103kg/m31ON/kg3.310-4m3=3.3N，该装置仍漂浮，G总=F浮=3.3N物块A的重力：GA=G总-G=3.3N-2.1N=1.2N，物块A的

26、质量：mA=0.12kg=120g，与水面所对应位置处的刻度线应标为120g；（3）物块A的密度：A=8103kg/m337、科技小组的同学用泡沫塑料和灯泡等物件制作了一个航标灯模型，如右图A所示航标灯A总重4N，A底部与浮子B用细绳相连当水位上升时，浮子B下降；水位下降时，浮子B上升，使航标灯A静止时浸入水中的深度始终保持为5cm，航标灯A排开水的质量为500g、浮子B重0.5N（不计绳重和绳与滑轮之间的摩擦）求：（1）A底部受到水的压强是多大？（2）航标灯静止时，浮子B的体积应为多大？（g取10N/kg，水=1.0103kg/m3）解：（1）A底部受到水的压强p=gh=1.0103kg/m

27、310N/kg0.05m=500Pa；（2）A受到的浮力F浮=G排=mg=0.5kg10N/kg=5N；A在重力、浮力和拉力作用下保持静止，则绳子对A的拉力为F=F浮-GA=5N-4N=1N；B受到绳子的拉力F=F=1N；浮子在重力、浮力和拉力作用下保持静止，则B受到的浮力为F浮=GB+F=0.5N+1N=1.5N；根据F浮=gV排可得浮子体积V=1.510-4m3；38、工作人员用如图所示装置把水质监控仪器放入水中。第一次使仪器A在水中匀速上升的过程中（A未露出水面），人对绳子竖直向下的拉力为F1，绳端的速度为v1，机械效率为1；第二次把仪器B固定在A下方，A和B在水中匀速上升的过程中（A未

28、露出水面），人对绳子竖直向下的拉力为F2，绳端的速度为v2，机械效率为2；1:2=34:35。已知VA=VB=310-3m3，GA=3GB，GB=50N。拉力F1、F2做功随时间变化的图像分别如图中、所示。（不计绳重、滑轮与轴的摩擦及水的阻力，g取10N/kg）求：（1）A所受的浮力F浮；（2）动滑轮的重G动；（3）求v1、v2的比值。39、如图所示，R1=20，R2=40，电源电压保持不变，灯L的电阻不变（1）当开关S1、S2都闭合时，电流表A1的示数是0.6A，小灯泡恰好正常发光，求电源电压和小灯泡的额定电压；（2）当开关S1、S2都断开时，电流表A2的示数是0.2A，求小灯泡的实际功率【解析】（1）当开关S1、S2都闭合时，电阻R1与灯L并联，电流表A1测量的是通过R1的电流I1=0.6A，从而可知，电源电压U=UL=U1，R1=20，电源电压为：U=UL=U1=I1R1=0.6A20=12V，小灯泡正常发光，说明灯泡两端的电压为额定电压，灯泡的额定电压为：UL额=U=12V答：电源电压为12V，小灯泡的额定电压为12V（2）当开关S1、S2都断开时，电阻R2与灯L串联，电流表A2测量的是整个电路中的电流，从而可知，I2=IL=I=0.2A，U=12V，电路中的总电阻为：R=60，又R2=4