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1、学年度最新数学高考理二轮专题复习检测第一部分专题五 立体几何与空间向量13Word版含答案2019-2020学年度最新数学高考（理）二轮专题复习检测：第一部分专题五立体几何与空间向量13Word版含答案13空间向量与立体几何(时间:60分钟满分:100分)一、选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分)1.直三棱柱ABC-A1B1C1中,ACB=90,BAC=30,BC=1,AA1=,M是CC1的中点,则异面直线AB1与A1M所成的角为() A.60 B.45 C.30 D.902.已知平面内有一点M(1,-1,2),平面的一个法向量为n=(6,-3,6),则下列点P中,在平面内的是()A.

2、P(2,3,3) B.P(-2,0,1)C.P(-4,4,0) D.P(3,-3,4)3.在正方体ABCD-A1B1C1D1中,E为BB1的中点,则平面A1ED与平面ABCD所成的锐二面角的余弦值为()A B C D4.(2017浙江金华联盟联考)已知斜四棱柱ABCD-A1B1C1D1的各棱长均为2,A1AD=60,BAD=90,平面A1ADD1平面ABCD,则直线BD1与平面ABCD所成的角的正切值为()A B C D5.在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中,M是BC的中点,P,Q是正方体内部或面上的两个动点,则的最大值是()A B.1 C D6.在直三棱柱A1B1C1-ABC中,

3、BAC=,AB=AC=AA1=1,已知G和E分别为A1B1和CC1的中点,D与F分别为线段AC和AB上的动点(不包括端点),若GDEF,则线段DF的长度的取值范围为()A BC D7.如图,在四棱锥P-ABCD中,侧面PAD为正三角形,底面ABCD为正方形,侧面PAD底面ABCD,M为底面ABCD内的一个动点,且满足MP=MC,则点M在正方形ABCD内的轨迹为()8.如图,在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中,P,Q分别是线段CC1,BD上的点,R是直线AD上的点,满足PQ平面ABC1D1,PQRQ,且P,Q不是正方体的顶点,则|PR|的最小值是()A B C D二、填空题(本大题共

4、6小题,每小题5分,共30分)9.如图所示,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,棱长为a,M,N分别为A1B和AC上的点,A1M=AN=,则MN与平面BB1C1C的位置关系是.10.(2017浙江杭州模拟)在长方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=2,BC=AA1=1,则D1C1与平面A1BC1所成角的正弦值为.11.过正方形ABCD的顶点A作线段PA平面ABCD,若AB=PA,则平面ABP与平面CDP所成的二面角为.12.如图,正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为3,在面对角线A1D上取点M,在面对角线CD1上取点N,使得MN平面AA1C1C,当线段MN长度取到最小值时,三棱锥A1-

5、MND1的体积为.13.已知点E,F分别是正方体ABCD-A1B1C1D1的棱AB,AA1的中点,点M,N分别是线段D1E与C1F上的点,则与平面ABCD垂直的直线MN有条.A.0 B.1C.2 D.无数个14.如图所示,在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中,M和N分别是A1B1和BB1的中点,那么直线AM与CN所成角的余弦值为.三、解答题(本大题共2小题,共30分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)15.(本小题满分15分)在边长为3的正三角形ABC中,E,F,P分别是AB,AC,BC边上的点,满足AEEB=CFFA=CPPB=12(如图(1),将AEF沿EF折起到A1

6、EF的位置,使二面角A1-EF-B成直二面角,连接A1B, A1P(如图(2).(1)求证:A1E平面BEP;(2)求二面角B-A1P-E的余弦值.16.(本小题满分15分)如图,在四棱锥A-EFCB中,AEF为等边三角形,平面AEF平面EFCB,EFBC,BC=4,EF=2a,EBC=FCB=60,O为EF的中点.(1)求证:AOBE;(2)求二面角F-AE-B的余弦值;(3)若BE平面AOC,求a的值.参考答案专题能力训练13空间向量与立体几何1.D2.A解析 逐一验证法,对于选项A,=(1, 4,1),n=6-12+6=0,n,点P在平面内,同理可验证其他三个点不在平面内.3.B解析 以

7、A为原点建立如图所示的空间直角坐标系A-xyz,设棱长为1,则A1(0,0,1),E,D(0,1,0),=(0,1,-1),.设平面A1ED的一个法向量为n1=(1,y,z),有解得n1=(1,2,2).平面ABCD的一个法向量为n2=(0,0,1),cos=,即所成的锐二面角的余弦值为.4.C解析 取AD的中点O,连接OA1,易证A1O平面ABCD.建立如图所示的空间直角坐标系,得B(2,-1,0),D1(0,2,),=(-2,3,),平面ABCD的一个法向量为n=(0,0,1),设BD1与平面ABCD所成的角为,sin =,tan =.5.C解析 以A为坐标原点,分别以AD,AB,AA1所

8、在直线为x轴、y轴、z轴,建立如图所示的空间直角坐标系,则A(0,0,0),M,所以.设=(x,y,z),由题意可知因为x+1y+0z=x+y,又-1x1,-1y1,所以-x.所以-x+y.故的最大值为.6.A解析建立如图所示的空间直角坐标系,则A(0,0,0),E,G,F(x,0,0),D(0,y,0).由于GDEF,所以x+2y-1=0,DF=.当y=时,线段DF长度的最小值是.当y=1时,线段DF长度的最大值是1.因不包括端点,故y=1不能取,应选A.7.A解析 以D为原点,DA,DC分别为x轴、y轴建立坐标系如图:设M(x,y,0),正方形边长为a,则P,C(0,a,0),则|MC|=

9、,|MP|=.由|MP|=|MC|得x=2y,所以点M在正方形ABCD内的轨迹为一条直线y=x.故选A.8.B解析 如图,分别以AB,AD,AA1所在直线为x轴、y轴、z轴,建立空间直角坐标系,则B(1,0,0),D(0,1,0),B1(1,0,1),C(1,1,0).设P(1,1,m)(0m1),=(01),Q(x0,y0,0),则(x0-1,y0,0)=(-1,1,0),Q(1-,0),=(-,-1,-m).连接B1C,正方体ABCD-A1B1C1D1中,BCC1B1是正方形,AB平面BCC1B1,B1CAB,B1CBC1.又ABBC1=B,B1C平面ABC1D1,PQ平面ABC1D1,B

10、1CPQ.又=(0,1,-1),=-1+m=0,=1-m,Q(m,1-m,0),=(m-1,-m,-m).设R(0,n,0),则=(m,1-m-n,0),PQRQ,=m(m-1)-m(1-m-n)=0,即n=2-2m,R(0,2-2m,0),=(-1,1-2m,-m),|=,当m=时,|PR|的最小值是.9.MN平面BB1C1C解析 以C1为坐标原点建立如图所示的坐标系.A1M=AN=,则M,N,.又C1(0,0,0),D1(0,a,0),=(0,a,0),=0,.又是平面BB1C1C的法向量,且MN平面BB1C1C,MN平面BB1C1C.10.解析 以D为原点,DA为x轴,DC为y轴,DD1

11、为z轴,建立空间直角坐标系,设n=(x,y,z)为平面A1BC1的法向量,则n=0,n=0,即令z=2,则y=1,x=2,于是n=(2,1,2),=(0,2,0).设所求线面角为,则sin =|cos|=.11.45解析 如图,建立空间直角坐标系,设AB=PA=1,则A(0,0,0),D(0,1,0),P(0,0,1),由题意,AD平面PAB,设E为PD的中点,连接AE,则AEPD,又CD平面PAD,CDAE,从而AE平面PCD.=(0,1,0),分别是平面PAB,平面PCD的法向量,且=45.故平面PAB与平面PCD所成的二面角为45.12.1解析 如图,建立空间直角坐标系,则可设M(t,0

12、,t),N(0,s,3-s),=(t,-s,t+s-3),易知平面AA1C1C的法向量n=(1,1,0),由MN平面AA1C1C可知,n=0,(t,-s,t+s-3)(1,1,0)=0,得t=s.|2=2t2+(2t-3)2=6t2-12t+9,故当t=1时,MN长度取到最小值,此时M(1,0,1), N(0,1,2),yN=321=1.13.1解析 不妨设正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为2,建立如图所示的空间直角坐标系,则D1(2,0,2),E(1,2,0),=(-1,2,-2),C1(0,0,2),F(2,2,1),=(2,2,-1).设=t,则M(2-,2,2-2),N(2t,2

13、t,2-t),=(2t-2+,2t-2,2-t).由于MN与平面ABCD垂直,所以=t=,由于此解唯一,故满足条件的MN只有一条.14.解析 以D为坐标原点,为x轴,为y轴,为z轴,建立空间直角坐标系,如图所示.则A(1,0,0),M,C(0,1,0),N,.设直线AM与CN所成的角为,则cos =|cos|=.15.(1)证明 在图(1)中,取BE的中点D,连接DF,AEEB=CFFA=12,AF=AD=2,而A=60,ADF为正三角形.又AE=DE=1,EFAD.在图(2)中,A1EEF,BEEF,A1EB为二面角A1-EF-B的一个平面角.由题设条件知此二面角为直二面角,A1E平面BEP

14、.(2)解 分别以EB,EF,EA1所在直线为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系,则E(0,0,0),B(2,0,0),P(1,0),A1(0,0,1),=(0,0,1),=(1,0),=(-2,0,1),=(-1,0).设面EA1P的法向量为m=(x,y,z),则取y=-1,得m=(,-1,0);设面BA1P的法向量为n=(x,y,z),则取y=1,得n=(,1,2).cos=.二面角B-A1P-E的余弦值为.16.解 (1)因为AEF是等边三角形,O为EF的中点,所以AOEF.又因为平面AEF平面EFCB,AO平面AEF,所以AO平面EFCB,所以AOBE.(2)取BC中点G,连接OG.由

15、题设知EFCB是等腰梯形,所以OGEF.由(1)知AO平面EFCB,又OG平面EFCB,所以OAOG.如图建立空间直角坐标系O -xyz,则E(a,0,0),A(0,0,a),B(2,(2-a),0),=(-a,0,a),=(a-2,(a-2),0).设平面AEB的法向量为n=(x,y,z),则令z=1,则x=,y=-1.于是n=(,-1,1).平面AEF的法向量为p=(0,1,0).所以cos =-.由题知二面角F-AE-B为钝角,所以它的余弦值为-.(3)因为BE平面AOC,所以BEOC,即=0.因为=(a-2,(a-2),0),=(-2,(2-a),0),所以=-2(a-2)-3(a-2)2.由=0及0a2,解得a=.