届高考物理一轮复习第九章磁场课时作业32.docx

1、届高考物理一轮复习第九章磁场课时作业32课时作业 32双基过关练1、(2016海南单科)如图,一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直面内,环的圆心与两导线距离相等,环的直径小于两导线间距、两导线中通有大小相等、方向向下的恒定电流、若()A、金属环向上运动,则环上的感应电流方向为顺时针方向B、金属环向下运动,则环上的感应电流方向为顺时针方向C、金属环向左侧直导线靠近,则环上的感应电流方向为逆时针方向D、金属环向右侧直导线靠近,则环上的感应电流方向为逆时针方向解析：根据楞次定律,当金属圆环上、下移动时,穿过圆环的磁通量不发生变化,故没有感应电流产生,故选项A、B错误；当金属圆环向左移动时,则

2、穿过圆环的磁场垂直纸面向外并且增强,故根据楞次定律可以知道,产生的感应电流为顺时针,故选项C错误；当金属圆环向右移动时,则穿过圆环的磁场垂直纸面向里并且增强,故根据楞次定律可以知道,产生的感应电流为逆时针,故选项D正确、答案：D2、如图所示,通电螺线管的内部中间和外部正上方静止悬挂着金属环a和b,当变阻器R的滑动头c向左滑动时()A、a环向左摆,b环向右摆B、a环和b环都不会左摆或右摆C、两环对悬线的拉力都将增大D、a环和b环中感应电流的方向相同解析：当变阻器R的滑动头c向左滑动时,线圈中的电流变大,磁性增强、根据楞次定律,两线圈都要阻碍磁通量增大、由于线圈处在线圈中间位置,磁感线与圆环面垂直

3、,两环受沿半径指向环心的力、不会向左右偏、b环处于匀强磁场中,各部分力平衡,拉力不会增大、a环磁通量增大,由楞次定律知,a环会受到向上的安培力阻碍其中磁通量变大,因此拉力变小、由于a环和b环所在螺线管内外部的磁感线方向相反、因此产生的感应电流方向也相反、选B.答案：B3、为了测量列车运行的速度和加速度的大小,可采用如图甲所示的装置,它由一块安装在列车车头底部的强磁体和埋设在轨道地面的一组线圈及电流测量记录仪组成(测量记录仪未画出)、当列车经过线圈上方时,线圈中产生的电流被记录下来,P、Q为接测量仪器的端口、若俯视轨道平面磁场垂直地面向里(如图乙),则在列车经过测量线圈的过程中,流经线圈的电流(

4、)A、始终沿逆时针方向B、先沿逆时针,再沿顺时针方向C、先沿顺时针,再沿逆时针方向D、始终沿顺时针方向答案：B4、(2018丽水调研)如图所示,绝缘光滑水平面上有两个离得很近的导体环a、b.将条形磁铁沿它们的正中向下移动(不到达该平面),a、b将如何移动()A、a、b将相互远离 B、a、b将相互靠近C、a、b将不动 D、无法判断解析：根据BS,磁铁向下移动过程中B增大,所以穿过每个环中的磁通量都增大,a、b中产生同方向的感应电流,两环间有斥力作用,所以a、b将相互远离、选项A正确、答案：A5、(2018杭州联考)(多选)如图所示,A为多匝线圈,与开关、滑动变阻器相连后接入M、N间的交流电源,B

5、为一接有小灯泡的闭合多匝线圈,下列关于小灯泡发光的说法正确的是()A、闭合开关后小灯泡可能发光B、若闭合开关后小灯泡发光,则再将B线圈靠近A,则小灯泡更亮C、闭合开关瞬间,小灯泡才能发光D、若闭合开关后小灯泡不发光,将滑动变阻器滑片左移后,小灯泡可能会发光解析：闭合开关后,A产生交变磁场,B的磁通量变化,小灯泡通电后可能发光,选项A正确、C错误；闭合开关后再将B线圈靠近A,B的磁通量变化率增大,产生的感应电动势更大,小灯泡更亮,选项B正确；闭合开关后小灯泡不发光,将滑动变阻器滑片左移后,A中电流减小,B的磁通量变化率减小,小灯泡更不可能会发光,选项D错误、答案：AB6、(多选)如图所示,圆形线

6、圈的一半位于匀强磁场中,当线圈从图示位置开始运动时,弧受到向右的磁场力,则线圈的运动形式可能是()A、向左平动(线圈未全部离开磁场)B、向右平动(线圈全部进入磁场)C、以直径ac为轴转动(不超过90)D、以直径bd为轴转动(不超过90)解析：弧在图示的匀强磁场中受到向右的磁场力,根据左手定则可知圆环中的感应电流是顺时针的,感应电流的磁场由安培定则可得与原磁场方向相同,根据楞次定律,原来的线圈的磁通量在减少,线圈的运动为A、C、D三种形式时可使磁通量减少,产生感应电流,感应电流受安培力向右、选项A、C、D正确、答案：ACD7、如图所示,金属棒ab置于水平放置的U形光滑导轨上,在ef右侧存在有界匀

7、强磁场B,磁场方向垂直导轨平面向下,在ef左侧的无磁场区域cdef内有一半径很小的金属圆环L,圆环与导轨在同一平面内、当金属棒ab在水平恒力F作用下从磁场左边界ef处由静止开始向右运动后,下列有关圆环的说法正确的是()A、圆环内产生变大的感应电流,圆环有收缩的趋势B、圆环内产生变大的感应电流,圆环有扩张的趋势C、圆环内产生变小的感应电流,圆环有收缩的趋势D、圆环内产生变小的感应电流,圆环有扩张的趋势解析：根据右手定则,当金属棒ab在恒力F的作用下向右运动时,abdc回路中会产生逆时针方向的感应电流,则在圆环处产生垂直于纸面向外的磁场,随着金属棒向右加速运动,abdc回路中的感应电流逐渐增大,穿

8、过圆环的磁通量也逐渐增大,依据楞次定律可知,圆环将有收缩的趋势以阻碍圆环磁通量的增大；abdc回路中的感应电流I,感应电流的变化率,又由于金属棒向右运动的加速度a减小,所以感应电流的变化率减小,圆环内磁通量的变化率减小,所以在圆环中产生的感应电流不断减小,选项C正确、答案：C8、(多选)阿明有一个磁浮玩偶,其原理是利用电磁铁产生磁性,让具有磁性的玩偶稳定地飘浮起来,其构造如图所示、若图中电源的电压固定,可变电阻为一可以随意改变电阻大小的装置,则下列叙述正确的是()A、电路中的电源必须是交流电源B、电路中的a端点须连接直流电源的负极C、若增加环绕软铁的线圈匝数,可增加玩偶飘浮的最大高度D、若将可

9、变电阻的阻值调大,可减小玩偶飘浮的最大高度解析：当电磁铁上端为N极时,可使玩偶飘浮起来,由安培定则可知,a端应是电源的正极,A、B项错；若增加环绕软铁的线圈匝数,电磁铁磁性增强,可增加玩偶飘浮的最大高度,C项正确；若将可变电阻的阻值调大,线圈中电流减小,磁性减弱,玩偶飘浮的最大高度减小,D项正确、答案：CD9、(2016江苏单科)(多选)电吉他中电拾音器的基本结构如图所示,磁体附近的金属弦被磁化,因此弦振动时,在线圈中产生感应电流,电流经电路放大后传送到音箱发出声音、下列说法正确的有()A、选用铜质弦,电吉他仍能正常工作B、取走磁体,电吉他将不能正常工作C、增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动

10、势D、弦振动过程中,线圈中的电流方向不断变化解析：铜质弦无法被磁化,不能产生磁场引起线圈中磁通量的变化从而产生感应电流,所以铜质弦不能使电吉他正常工作,故A项错误；取走磁体,金属弦无法被磁化,线圈中不会产生感应电流,B项正确；由En知,C项正确；金属弦来回振动,线圈中磁通量不断增加或减小,电流方向不断变化,D项正确、答案：BCD能力提升练10、如图所示,固定的水平长直导线中通有稳恒电流I,矩形线框与导线在同一竖直平面内,且一边与导线平行、现将线框以初速度v0竖直上抛,上升到最高点后又落回抛出点,设落回抛出点的速度大小为v,不计空气阻力作用,已知重力加速度为g,则下列说法中正确的是()A、vv0

11、B、在上升过程和下落过程中线框所受安培力方向相同C、上升到最高点时线框的加速度agD、上升过程中损失的机械能等于下落过程中损失的机械能解析：通电导线周围存在磁场,电流恒定,导线周围磁场恒定,可根据右手螺旋定则判断磁场环绕情况,导线上方磁感线向外,且离导线越近磁感应强度越大,故线框在上升过程中通过线框的磁通量减小,安培力的合力向下,安培力做负功使线框机械能减少,在下落过程中通过线框的磁通量增大,安培力的合力向上,安培力做负功使线框机械能减少,上升过程损失的机械能更多,所以A、B、D均错；上升到最高点时安培力为零,所以此时加速度ag,C正确、答案：C11、(多选)如图甲所示,圆形线圈P静止在水平桌

12、面上,其正上方固定一螺线管Q,P和Q共轴,Q中通有变化的电流i,电流随时间变化的规律如图乙所示,P所受的重力为G,桌面对P的支持力为FN,则()A、t1时刻FNG,P有收缩的趋势B、t2时刻FNG,此时穿过P的磁通量最大C、t3时刻FNG,此时P中无感应电流D、t4时刻FNI2,不计匀强磁场对导线ab和cd的作用、用F1和F2分别表示导线cd对ab的安培力大小和导线ab对cd的安培力大小,下列说法正确的是()A、若MN向左运动,ab与cd两导线相互吸引,F1F2B、若MN向右运动,ab与cd两导线相互吸引,F1F2C、若MN向左运动,ab与cd两导线相互吸引,F1F2D、若MN向右运动,ab与

13、cd两导线相互吸引,F1F2解析：导体棒MN向左运动时,由右手定则可知,感应电流由M到N,故导线cd中的电流由d到c,而ab中的电流由a到b,两导线中电流方向相反,故两导线之间存在斥力,选项A、C错误；若MN向右运动,则由右手定则可知,此时导线cd中的电流由c到d,与导线ab中的电流方向一致,故两导线相互吸引,由牛顿第三定律可知,F1、F2是一对作用力与反作用力,故其大小相等、方向相反、选项B正确、D错误、答案：B13、(多选)如图所示,甲图中线圈A的a、b端加上如图乙所示的电压时,在0t0时间内,线圈B中感应电流的方向及线圈B的受力方向情况()A、感应电流方向不变 B、受力方向不变C、感应电

14、流方向改变 D、受力方向改变解析：根据电压变化图可知,线圈A中电流先减小再反向增大,则线圈产生磁场的磁通量也是先减小再反向增大、根据楞次定律,由“增反”、“减同”判断得：第一阶段线圈B中感应电流的方向与线圈A相同,两线圈靠近处的磁性相反有吸引作用、第二阶段线圈A中电流相反了,此时线圈B产生的感应电流应与此时线圈A的电流相反,即B中电流方向不变、两线圈有排斥作用、所以线圈B的受力方向会改变、所以选A、D.答案：AD14、(2018辽宁师大附中期中)科学家研究发现,磁敏电阻(GMR)的阻值随所处空间磁场的增强而增大,随所处空间磁场的减弱而变小,如图所示电路中GMR为一个磁敏电阻,R和R2为滑动变阻

15、器,R1和R3为定值电阻,当开关S1和S2闭合时,电容器中一带电微粒恰好处于静止状态,则()A、只调节滑动变阻器R,当P1向右端移动时,电阻R1消耗的电功率变大B、只调节滑动变阻器R,当P1向右端移动时,带电微粒向下运动C、只调节滑动变阻器R2,当P2向下端移动时,电阻R1消耗的电功率变大D、只调节滑动变阻器R2,当P2向下端移动时,带电微粒向下运动解析：只调节滑动变阻器R,当P1向右端移动时,滑动变阻器R接入电路的阻值增大,电源电动势不变,所以左侧电路中的电流减小,电磁铁的磁性减弱；由于电磁铁的磁性减弱,导致了磁敏电阻的阻值减小,则通过R1的电流增大,其消耗的电功率增大,电容器两端的电压增大,板间场强增大,微粒所受的电场力增大,所以带电微粒向上运动,A正确、B错误；只调节滑动变阻器R2,当P2向下端移动时,回路中电流不变,电阻R1消耗的电功率不变,电容器两端电压增大,板间场强增大,微粒所受的电场力增大,所以带电微粒向上运动,C、D错误、答案：A