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1、江苏省南通市如东中学栟茶中学学年高二上学期期末联考物理试题江苏省南通市如东中学、栟茶中学2018-2019学年高二（上）期末联考物理试卷（选修）一、本题共6小题，每小题3分，共18分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确选对的得3分，选错或不答的得0分1.关于磁感应强度，下列说法中正确的是（）A. 一小段通电导体放在磁场A处，受到的磁场力比B处的大，说明A处的磁感应强度比B处的磁感应强度大B. 一小段通电导体在磁场中某处不受磁场力作用，则该处磁感应强度可能不为零C. 由可知，某处的磁感应强度大小与放入该处的通电导线所受磁场力F成正比，与导线的IL 成反比D. 小磁针N极所受磁场力的方向垂直

2、于该处磁感应强度的方向【答案】B【解析】【分析】根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力的方向垂直；磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度。此比值与磁场力及电流元均无关。磁感应强度的方向就是该处小磁针N极所受磁场力的方向。【详解】ABC磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，是磁场本身性质的反映，其大小由磁场以及磁场中的位置决定，与F、I、L都没有关系，只是磁感应强度的定义式；同一通电导体受到的磁场力的大小由所在处B和放置的方式共同决定，故A、C错误，B正确；D磁感应强度的方向就是该处小磁针N极所受磁场力的方向，故D错误。故

3、选：B。【点睛】本题关键要掌握磁感应强度的物理意义、定义方法，以及磁感应强度与安培力之间的关系，即可进行分析判断。基础题目。2.唱卡拉OK用的话筒，内有传感器，其中有一种是动圈式的，它的工作原理是在弹性膜片后面粘接一个轻小的金属线圈，线圈处于永磁体的磁场中，当声波使膜片前后振动时，就将声音信号转变为电信号，下列说法正确的是（）A. 该传感器是根据电流的磁效应工作的B. 该传感器是根据电磁感应原理工作的C. 膜片振动时，穿过金属线圈的磁通量不变D. 膜片振动时，金属线圈中不会产生感应电动势【答案】B【解析】试题分析：该传感器是根据电磁感应原理工作的；膜片振动时，穿过金属线圈的磁通量要发生变化，在

4、金属线圈中会产生感应电动势，故选项B正确.考点：电磁感应现象的应用【名师点睛】此题是考查了电磁感应现象的应用问题；关键是知道传感器的原理及内部结构，能联系所学的物理知识来说明工作原理.3.如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的直流电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）A. 合上S时，A1和A2同时亮起来B. 合上S时，A2比A1先亮，且最后A2比A1要亮些C. 断开S时，A2立刻熄灭，A1过一会熄灭D. 断开S时，A1和A2都要过一会儿才熄灭【答案】D【解析】合上开关接通电路时，A2立即正常发光，线圈中电流要增大，由于自感电动势的阻碍，灯泡A1中电流只能逐渐增大，则A2先亮，A1

5、后亮，最后一样亮故A B错误断开开关时，A2原来的电流立即减小为零，线圈中产生自感电动势，两灯泡串联和线圈组成回路，回路中电流从原来值逐渐减小到零，则A1和A2都要过一会儿才熄灭故C错误，D正确故选D.点睛：自感现象是特殊的电磁感应现象，同样遵守电磁感应的普遍规律楞次定律，对本题这种类型问题就是利用楞次定律来分析注意电键断开时，自感线圈相当于电源.4.在匀强磁场中有粗细均匀的同种导线制成的等边三角形线框abc，磁场方向垂直于线框平面，ac两点间接一直流电源，电流方向如图所示，则（）A. 导线ab受到的安培力大于导线ac所受的安培力B. 导线abc受到的安培力大于导线ac受到的安培力C. 线框受

6、到的安培力的合力为零D. 线框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下【答案】D【解析】导线ab受到的安培力大小为：；导线ac所受的安培力大小也为：；故A错误；导线abc的有效长度为L，故受到的安培力大小为：；导线ac受到的安培力：；故B错误；根据左手定则，导线abc受安培力垂直于ac向下，导线ac受到的安培力也垂直于ac向下，故线框受到的安培力的合力：，合力方向垂直于ac向下，故C错误，D正确；故选D.【点睛】通电三角形线圈处于匀强磁场中，受到安培力作用，根据左手定则确定安培力的方向，再由公式F=BIL确定安培力的大小，最后由力的合成来算出安培力的合力.5.某小型水电站的电能输送过程如图所示，发

7、电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电。已知输电线的总电阻R5，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为5：1，降压变压器副线圈两端交变电压V，降压变压器的副线圈与R011的电阻组成闭合电路。若将变压器视为理想变压器，则（）A. 流过R的电流是100AB. T1副线圈两端电压为1100VC. 输电线路上损失功率为80WD. 发电机的输出功率为4400W【答案】C【解析】【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线消耗的功率的大小。【详解】A根据电流与匝数成反比，故输电电流=4A，故A错误；B根据电压与匝数成正比得降压器

8、原线圈两端的电压为=1100V，输电线上损失的电压损失U=I3R=20V，升压变压器T1的输出电压U2=U3+U=1120V，故B错误；C输电线路上损失功率为=80W，故C正确；D发电机的输出功率为P=11204=4480W，故D错误；故选：C。【点睛】本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等。6.在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所示M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻RM发生变化，导致S两端电压U增大，装置发出

9、警报，此时()A. RM变大，且R越大，U增大越明显B. RM变大，且R越小，U增大越明显C. RM变小，且R越大，U增大越明显D. RM变小，且R越小，U增大越明显【答案】C【解析】试题分析：S两端电压U增大，故传感器两端电压一定减小；当“有药液从针口流出体外”使传感器接触药液，RM变小；当RRM时，R越大，M与R并联的电阻R并越接近RM，U增大越明显；故选：C考点：本题考查了闭合电路的欧姆定律二、本题共5小题，每小题4分，共20分在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分7.如图所示，一金属直杆MN两端接有导线，悬挂于某一线圈上方

10、，MN与该线圈的轴线处于同一竖直平面内为使MN垂直纸面向外运动，下列连接正确的是（直杆MN与线圈的电阻均不能忽略）（）A. 将a、c端接在直流电源正极，b、d端接在直流电源负极B. 将a、c端接在直流电源负极，b、d端接在直流电源正极C. 将a、d端接在直流电源正极，b、c端接在直流电源负极D. 将a、d端接在直流电源负极，b、c端接在直流电源正极【答案】AB【解析】【分析】运用安培定则判断电流产生的磁场方向，根据左手定则判断安培力方向，将选项逐一代入检验，选择符合题意的。【详解】A、将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向上，再根据左手定则可知MN

11、受到的安培力向外，则MN垂直纸面向外运动，故A正确。B、将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则MN垂直纸面向外运动，故B正确。C、将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知MN受到的安培力向里，则MN垂直纸面向里运动，故C错误。D、将a、d端接在电源负极，b、c端接在电源正极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向上，再根据左手定则可知MN受到的安培力向里，则MN垂直纸面向里运动，故D错误。故选：A、B【点睛】本题考查了右手螺旋定则和左手定

12、则的应用，要判断准电流方向和磁场方向，同时注意左手定则与右手定则的判定。8.1932年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速度，其原理如图所示。这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙。不计电场中加速时间和相对论效应，则（）A. 离子由加速器的边缘进入加速器B. 离子由加速器的中心附近进入加速器C. 加速电场的周期随粒子速度增大而增大D. 粒子从D形盒射出时的动能与加速电场的电压无关【答案】BD【解析】【分析】离子由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功，而电场力对离子做正功，可知离子能从电场获得能量。当离子在磁场中圆周运动的半径等于D形盒半径时，速度最大，动

13、能最大，根据洛伦兹力充当向心力，列式得到最大动能的表达式，再进行分析增加最大动能的方法。【详解】AB要加速次数最多最终能量最大，则被加速离子只能由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器，故A错误，B正确；C据回旋加速器的工作原理知，电场的周期等于粒子在磁场运动的周期。所以，与离子的速度大小无关。故C错误；D离子在磁场中洛伦兹力提供向心力，所以，所以据表达式可知，离子获得的最大动能取决于D形盒的半径，所以最大动能为，与加速电场的电压无关。故D正确；故选BD。【点睛】回旋加速器是利用磁场中的圆周运动使离子反复加速的，加速电场的强弱不会影响最后的动能，但金属盒的半径制约了最大动能，达到最大半

14、径后，粒子无法再回到加速电场继续加速。9.圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率沿着AO方向对准圆心O射入磁场，其运动轨迹如所示若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是 （ ）A. a粒子速率最大 B. c粒子速率最大C. a粒子在磁场中运动的时间最长 D. 它们做圆周运动的周期TaTbTc【答案】AC【解析】【分析】三个质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径的不同，导致运动轨迹也不同.运动轨迹对应的半径越大，粒子的速率也越大.而运动周期它们均一样，运动时间由圆弧对应的圆心角决定.【详解】A、B、粒子在

15、磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，根据，可得：，粒子的动能，则可知三个带电粒子的质量、电荷量相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，则由图知，a粒子速率最小，c粒子速率最大，c粒子动能最大；故A错误，B正确.C、D、由于粒子运动的周期及可知，三粒子运动的周期相同，a在磁场中运动的偏转角最大，运动的时间最长，故C、D错误.故选B.【点睛】带电粒子在磁场、质量及电量相同情况下，运动的半径与速率成正比，从而根据运动圆弧来确定速率的大小；运动的周期均相同的情况下，可根据圆弧的对应圆心角来确定运动的时间的长短.10.如图所示，线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边以角速度匀速转动，其线圈中感应电动势的峰值为Em，闭合回路中两只灯泡均能正常发光。则（）A. 从图中位置开始计时，感应电动势瞬时表达式为eEmsintB. 增大线圈转动角速度时，感应电动势的峰值Em不变C. 增大电容器C两极板间的正对面积时，灯泡A1变亮D. 抽去电感器L的铁芯时，灯泡A2变亮